2014年北京市中考物理试题及参(word解析版)

一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共28分，每小题2分）1．（2分）下列能源中，属于可再生能源的是（）

A．石油B．风能C．煤炭D．天然气

2．（2分）如图所示的现象中，属于光的色散现象的是（）

A．B．C．D．放大镜把字“放大”钢勺好像在水面处折断了景物在水中形成“倒影”雨后天空中出现彩虹3．（2分）下列物品中，通常情况下属于导体的是（）

A．陶瓷碗B．橡胶手套C．钢尺D．塑料笔杆

4．（2分）下列实例中，为了加快蒸发的是（）

A．将湿衣服晾在通风向阳处B．把新鲜的蔬菜装入保鲜袋中

C．给盛有酒精的瓶子加盖D．给播种后的农田覆盖地膜

5．（2分）如图所示的家用电器中，利用电流热效应工作的是（）

A．B．C．D．

电饭锅笔记本电脑电风扇电视机

6．（2分）下列有关自行车的实例中，为了减小摩擦的是（）

A．车把套上制作了花纹B．给车轴加润滑油

C．轮胎的表面做得凹凸不平D．刹车时用力捏闸柄，增大闸皮对车圈的压力

7．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列选项中正确的是（）

A．家庭电路中必须安装保险丝或空气开关B．在未断开电源开关的情况下更换灯泡

C．我国家庭电路的电压值为380V D．用湿布擦拭正在工作的台灯

8．（2分）如图所示的实例中，为了增大压强的是（）

A．B．C．D．

载重汽车安装了很多车轮铁轨铺在枕木上吸管的一端剪成斜口图钉帽的面积做得较大9．（2分）PM2.5是指空气中直径很小的颗粒，其直径还不到人的头发丝粗细的二十分之一．PM2.5中的“2.5”是表示颗粒直径的数值，关于它的单位，下列选项中正确的是（）

A．米B．分米C．厘米D．微米10．（2分）下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）

A．用锯锯木头，锯条温度升高B．向饮料中加冰块，饮料温度降低

C．寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖D．盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高

11．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（）

A．玻璃不能传播声音

B．用不同种乐器演奏同一乐曲，这几种乐器发出声音的音色相同

C．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同

D．在靠近居民区的高架路旁，设置隔音墙是为了减小噪声对居民区的影响

12．（2分）小宁用四盏灯、两个开关，设计了教室的照明电路，要求每个开关都能控制两盏灯．如图所示的电路图中，符合要求的是（）

A．B．C．D．

13．（2分）我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．小林设计了一种酒精测试仪的电路，如图所示．图中R为定值电阻；Q为酒精气敏元件，它在电路中的作用相当于一个可变电阻，其阻值随被测的酒精气体浓度的增大而增大．电源两端的电压不变，闭合开关S，当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，则下列判断中正确的是（）

A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变大，电流表示数变大

C．电压表示数变小，电流表示数变小D．电压表示数变小，电流表示数变大

14．（2分）桌面上甲、乙两个圆柱形容器中分别装有水和酒精，实心木球和实心铁球的体积相等，如图所示．水、酒精、木球和铁球的密度分别为ρ水、ρ酒精、ρ木和ρ铁．将木球放入水中、铁球放入酒精中，静止时木球和铁球所受浮力的大小分别为F1和F2．下列判断中正确的是（）

A．若ρ木＜ρ酒精＜ρ水＜ρ铁，则F1＞F2B．若ρ木＜ρ酒精＜ρ水＜ρ铁，则F1＜F2

C．若ρ酒精＜ρ木＜ρ水＜ρ铁，则F1=F2D．若ρ酒精＜ρ木＜ρ水＜ρ铁，则F1＜F2

二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共12分，每小题3分．每小题选项全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的不得分）

15．（3分）下列说法中正确的是（）

A．磁浮列车能够悬浮是利用了磁极间的相互作用B．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场C．发电机在发电过程中电能转化为机械能D．地磁的N极在地理的北极附近16．（3分）下列说法中正确的是（）

A．液体吸收热量，温度一定升高

B．液体的沸点随液面上方的气压增大而降低

C．组成物质的分子之间的引力和斥力是同时存在的

D．组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关

17．（3分）下列说法中正确的是（）

A．用手击打排球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力一定大小相等

B．苹果从树上落向地面的过程中，重力对苹果做功，苹果的重力势能增加

C．水平路面上行驶的汽车，关闭发动机后会停下来，是由于汽车具有惯性

D．宇宙飞船的返回舱在返回地球进入大气层的过程中，一部分机械能转化为内能

18．（3分）起重机将建筑材料由地面提升到楼顶，第一次用15000N的竖直拉力F1将材料甲匀速提升15 m；第二次用10000N的竖直拉力F2将材料乙匀速提升15m．对于上述两个过程，下列说法中正确的是（）

A．甲的速度一定等于乙的速度B．甲的质量一定大于乙的质量

C．拉力F1做的功一定大于拉力F2做的功D．甲运动的时间一定小于乙运动的时间

三、填空题（共12分，每小题2分）

19．（2分）电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互．

20．（2分）矫正近视眼的眼镜的镜片应是透镜．

21．（2分）盛夏，我国沿海地区通常比沙漠地区的昼夜温差小，原因之一是水和沙石的比热容不同．比较水与沙石的比热容，的比热容较大．

22．（2分）我国自主研制的载人潜水器“蛟龙号”下潜深度已突破7km．为估算“蛟龙号”下潜到7×103m 深度处所受海水的压强p，可取海水的密度为1×103kg/m3，g取10N/kg，则p为Pa．23．（2分）如图所示的电路中，电源两端的电压不变，定值电阻R的阻值为R0．闭合开关S，当滑动变阻器接入电路中的电阻值为10Ω时，电压表的示数为U0．断开开关S，把电阻R换成阻值为3R0的另一定值电阻，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P的位置使电压表的示数仍为U0，则此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为Ω．

24．（2分）杠杆AB可绕支点O自由转动，将金属块用细绳悬挂在杠杆A端，把石块用细绳悬挂在杠杆B端时，杠杆恰好在水平位置平衡，如图所示．若将石块浸没在水中，为使杠杆在水平位置

平衡，需在杠杆A端施加一个竖直向上的拉力F，其大小为石块所受重力的8

9

．已知=

3

8

，则石

块的密度为kg/m3．

四、实验与探究题（共35分，25～27、33、34题各2分，28、30、32、35题各3分，29、31题各4分，36题5分）

25．（2分）根据如图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是极．

26．（2分）如图所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力．图中线段AB与力F的作用线在一条直线上，且OA⊥AB、AC⊥OB．线段表示力F的力臂．（选填“OA”或“AC”）

27．（2分）如图所示的弹簧测力计的示数为N．

28．（3分）小岩利用电压表和电流表测量小灯泡的电功率．实验过程中，与小灯泡并联的电压表的示数如图甲所示，与小灯泡串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为V，电流表的示数为A，此时所测量的小灯泡的电功率为W．

29．（4分）小刚通过实验探究冰的熔化规律．

（1）实验前小刚观察到的温度计的示数如图所示，温度计的示数为℃．

（2）实验中持续加热，每分钟记录一次实验数据，如下表所示．根据表中的数据可知冰是

（选填“晶体”或“非晶体”），冰的熔点是℃．

30．（3分）小娟通过实验探究凸透镜成像规律．

（1）小娟将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上的适当位置，把点燃的蜡烛置于凸透镜的左侧，光屏置于凸透镜的右侧．调节烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心在高度．

（2）将蜡烛移到适当位置，改变光屏在光具座上的位置，直到光屏上呈现清晰倒立、放大缩小的实像，此时蜡烛到凸透镜的距离一定大于10cm且小于cm，这个实验现象可以说明的成像特点．（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）

31．（4分）小欣为了测量液体A的密度，进行了如下实验：

（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处．横梁静止时，指针指在分度盘刻度线的左侧，如图甲所示．为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向端移动．（2）将液体A倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中液体A的体积为cm3．

（3）将量筒中的液体A全部倒入空烧杯中，把烧杯放在调节好的天平的左盘中，当右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图丙所示时，天平横梁再次水平平衡，则烧杯和液体A的总质量为g．（4）实验中测得所用空烧杯的质量为80g，根据上述实验数据计算液体A的密度为kg/m3．32．（3分）晓亮利用阻值为R0的定值电阻和一块电流表测量未知电阻R x的阻值．他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示．

（1）为了测出电阻R x的阻值，请添加一根导线完成如图所示的实验电路的连接．

（2）开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I1；只闭合开关S2时，电流表的示数为I2．请用I1、I2和R0表示R x．R x=．

33．（2分）小莉把一圆柱形物体挂在弹簧测力计的挂钩上，将圆柱形物体逐渐浸入某种液体中，观察并记录物体排开液体的体积V和弹簧测力计的示数F，得到如下表所示的实验数据．请根据表中数据归纳出F与V的关系，F=．

34．（2分）小华通过实验探究杠杆平衡时动力和动力臂的关系．实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出每一组动力臂L1和动力F1的数据，并利用实验数据绘制了F1与L1的关系图象，如图所示．请根据图象推算，当L1为0.1m时，F1为N．

35．（3分）实验桌上有如图所示的实验装置（其中的透明玻璃为平面镜），还提供了一把刻度尺和相同大小的中国象棋棋子18个，9个为红色，9个为绿色．小军计划用这些器材探究“物体在平面镜中所成像的大小与物体大小的关系”．

小军的主要实验步骤如下：

①将两个叠放的红棋子作为物体放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置，使得从不同角度观察，两个绿棋子与物体的像均完全重合，并记录实验数据．

②改变物体（两个叠放的红棋子）到平面镜的距离，在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置，使得从不同角度观察，两个绿棋子与物体的像均完全重合，并记录实验数据．

③再改变四次物体（两个叠放的红棋子）到平面镜的距离，仿照步骤②，做四次实验．

请根据以上叙述回答下列问题：

（1）小军计划探究的问题中的自变量是；

（2）根据以上实验步骤可知，小军实际探究的是物体在平面镜中所成像的大小与的关系；

（3）针对小军计划探究的问题，在实验步骤②中，应改变．

36．（5分）实验桌上有三个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有质量相等的煤油、型号相同的温度计和阻值相等且不变的电阻丝R，如图所示．另外，还有满足实验要求的电源、滑动变阻器和开关各一个，电流表和停表各一块，导线若干．请利用上述实验器材，设计一个实验证明：“保持电阻阻值不变，

在相同时间内通过电阻的电流越大，电流通过电阻产生的热量越多”．实验设计中可用煤油升高的温度△t 的大小表示电流通过电阻丝R 产生热量的多少．请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格．

五、计算题（共13分，37题6分，38题7分）

37．（6分）冬季，养鸡场为了提高产蛋量，夜间需要在鸡舍里用电热器加热并用灯泡照明；白天只需要在鸡舍里用电热器加热，不需要用灯泡照明．小阳根据上述要求设计了一种加热照明装置，这个装置的电路图如图所示，电阻R 1和R 2是两个用来加热且阻值不变的电阻丝，灯L 是标有“220V 160W”的照明灯泡，开关S 1、S 2的通断只有两种状态，一种是同时断开，另一种是同时闭合．该装置从早晨7：00至17：00处于白天工作状态，连续正常工作10h ，这段时间内电流表的示数为5.5A ，电阻R 1的电功率为P 1，电阻R 2的电功率为P 2，电路的总电功率为P ；该装置从17：00至第二天早晨7：00处于夜间工作状态，连续正常工作14h ．已知：电源两端的电压U 恒为220V ，

1213

P P ．求： （1）总电功率P ；

（2）电阻R 2的阻值；

（3）从早晨7：00到第二天早晨7：00的24h 内，该加热照明装置共消耗电能多少千瓦时．

38．（7分）用如图甲所示的滑轮组提升水中的物体M 1，动滑轮A 所受重力为G 1，物体M 1完全在水面下以速度v 匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F 1，拉力F 1做功的功率为P 1，滑轮组的机械效率为η1；为了提高滑轮组的机械效率，用所受重力为G 2的动滑轮B 替换动滑轮A ，如图乙所示，用替换动滑轮后的滑轮组提升水中的物体M 2，物体M 2完全在水面下以相同的速度v 匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F 2，拉力F 2做功的功率为P 2，滑轮组的机械效率为η2．已知：G 1﹣G 2=30N ，η2﹣η1=5%，

=，M 1、M 2两物体的质量相等，体积V 均为4×10﹣2m 3，g 取10N/kg ，绳重、轮与轴的摩擦及水的阻力均可忽略不计．

求：（1）物体M 1受到的浮力F 浮；

（2）拉力F 1与F 2之比；

（3）物体M 1受到的重力G ．

参与解析

一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共28分，每小题2分）1．（2分）下列能源中，属于可再生能源的是（）

A．石油B．风能C．煤炭D．天然气

【知识考点】能源的分类．

【思路分析】从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源．人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源．

【解答过程】解：A、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；

B、风能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；

C、煤炭属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；

D、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源．

故选B．

【总结归纳】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键．2．（2分）如图所示的现象中，属于光的色散现象的是（）

A．B．C．D．放大镜把字“放大”钢勺好像在水面处折断了景物在水中形成“倒影”雨后天空中出现彩虹【知识考点】光的色散．

【思路分析】了解光的色散，是由光的折射形成的，由于不同色光折射程度不同，所以把白光折射分成各种色光．彩虹就属于色散现象，色散的特点是形成了光带．

【解答过程】解：A、放大镜是一个凸透镜，发生的是光的折射现象，此选项不符合题意；B、插入水中的钢勺在水面处“弯折”了，是因为光从水中斜射入空气中时，发生折射，此选项不符合题意．

C、水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的．此选项不符合题意．

D、光的色散是太阳光经过三棱镜被分解为绚丽的七色光．此选项符合题意．

故选D．

【总结归纳】此题考查的是光色散现象的判断，光的色散现象的特点是形成了彩色的光带．3．（2分）下列物品中，通常情况下属于导体的是（）

A．陶瓷碗B．橡胶手套C．钢尺D．塑料笔杆

【知识考点】导体．

【思路分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断．

常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等．

常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等．

【解答过程】解：陶瓷碗、橡胶手套、塑料笔杆都属于绝缘体；钢尺属于导体．

故选C．

【总结归纳】对于常见的导体和绝缘体的记忆，不要死记硬背，要根据生活中哪些地面用什么导体来导电，用什么绝缘体来绝缘等．

4．（2分）下列实例中，为了加快蒸发的是（）

A．将湿衣服晾在通风向阳处B．把新鲜的蔬菜装入保鲜袋中

C．给盛有酒精的瓶子加盖D．给播种后的农田覆盖地膜

【知识考点】影响蒸发快慢的因素．

【思路分析】要加快液体的蒸发，根据影响蒸发快慢的因素可以采取以下措施：提高液体的温度；增大液体的表面积；加快液体表面空气的流动．

【解答过程】解：把新鲜的樱桃装入保鲜袋、给盛有饮料的瓶子加盖、用地膜覆盖农田，都是减慢了液面上方的空气流动，故减慢了蒸发，故选项B、C、D不符合题意．

而把湿衣服晾在通风向阳处既加快了液体上方空气流动，又提高了液体的温度，故加快了蒸发，故选项A符合题意．

故选A．

【总结归纳】知道影响蒸发快慢的因素，并能利用这三个因素分析实际问题是解决该题的关键．5．（2分）如图所示的家用电器中，利用电流热效应工作的是（）

A．B．C．D．

电饭锅笔记本电脑电风扇电视机

【知识考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．

【思路分析】电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应，发生电流的热效应时，电能转化为内能；分析各用电器工作时能量的转化方向、根据用电器的工作原理逐一分析做出选择．

【解答过程】解：

A、电饭锅工作时电能转化为内能，电饭锅是利用电流热效应工作的；

B、电脑主要把电能转化为光能，不是利用电热效应工作的；

C、电风扇工作时电能主要转化为机械能，利用了通电导体在磁场中受到力的作用而工作的；

D、电视机工作时主要把电能转化为光能，不是利用电流热效应工作的．

故选A．

【总结归纳】本题主要考查学生对：电流的热效应，知道电流热效应的概念及利用电流热效应工作的用电器能量转化的方向，是正确解题的关键．

6．（2分）下列有关自行车的实例中，为了减小摩擦的是（）

A．车把套上制作了花纹B．给车轴加润滑油

C．轮胎的表面做得凹凸不平D．刹车时用力捏闸柄，增大闸皮对车圈的压力

【知识考点】增大或减小摩擦的方法．

【思路分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；

（2）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；

（3）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．【解答过程】解：A、车把套上制作了花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；

B、向自行车的转轴处加润滑油，是使接触面脱离来减小摩擦，符合题意；

C、轮胎的表面做得凹凸不平，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；

D、刹车时用力用力捏闸柄，是在接触面的粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力，不符合题意；故选B．

【总结归纳】知道摩擦力大小的影响因素，掌握增大和减小摩擦力的方法，能利用摩擦力的知识解释生活中有关的问题．

7．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列选项中正确的是（）

A．家庭电路中必须安装保险丝或空气开关B．在未断开电源开关的情况下更换灯泡

C．我国家庭电路的电压值为380V D．用湿布擦拭正在工作的台灯

【知识考点】安全用电原则．

【思路分析】安全第一，利用安全用电的知识分析判断，分析时注意：

（1）生活用水是导体；

（2）保险丝在电路中的作用；

（3）有金属外壳的家用电器，使用时金属外壳要接地．

【解答过程】解：A、为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，故A正确；

B、为防止触电，更换和维修电器时应先切断电源，故B错误；

C、我国家庭电路电压是220V，故C错误；

D、用湿布擦灯具，水是导体，会使人触电，故D错误．故选A．

【总结归纳】本题考查安全用电的常识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答．为防止因电带来的伤害，不能违反．

8．（2分）如图所示的实例中，为了增大压强的是（）

A．B．C．D．

载重汽车安装了很多车轮铁轨铺在枕木上吸管的一端剪成斜口图钉帽的面积做得较大【知识考点】增大压强的方法及其应用．

【思路分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积、增大压强；在受力面积一定时，增大压力、增大压强；

减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积、减小压强；在受力面积一定时，减小压力、减小压强．

【解答过程】解：A、载重汽车装有很多轮子，是在压力一定时，增大汽车和路面的受力面积来减小汽车对路面的压强，保护路面．不符合题意．

B、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，不符合题意．

C、吸管的一端剪成斜口，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，容易扎进去．符合题意．

D、图钉帽做得较大，是在压力一定时，增大手的受力面积来减小对手的压强，不符合题意．

故选C．

【总结归纳】知道压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，并能在生活中加以应用，体现了理论和实践相结合．

9．（2分）PM2.5是指空气中直径很小的颗粒，其直径还不到人的头发丝粗细的二十分之一．PM2.5中的“2.5”是表示颗粒直径的数值，关于它的单位，下列选项中正确的是（）

A．米B．分米C．厘米D．微米

【知识考点】物理量的单位及单位换算．

【思路分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错．

【解答过程】解：头发丝的直径大约是50μm，所以PM2.5的直径==2.5μm．

故选D．

【总结归纳】以社会关注的PM2.5设计题目，体现了物理与社会生活的密切关系，渗透了情感态度价值观．

10．（2分）下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）

A．用锯锯木头，锯条温度升高B．向饮料中加冰块，饮料温度降低

C．寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖D．盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高

【知识考点】做功改变物体内能．【思路分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分．

【解答过程】解：A、用锯锯木头，锯条温度升高，是克服摩擦力做功，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，符合题意；

B、向饮料中加冰块，饮料温度降低，是通过热传递改变物体的内能，使温度发生变化，不合题意；

C、寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖，是通过热传递改变物体的内能，使温度发生变化，不合题意；

D、盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高，是太阳光的热辐射增加了路面的内能，属于热传递增加物体的内能，不合题意．

故选A．

【总结归纳】做功和热传递虽然都能改变物体内能，但热传递是内能的转移，而做功是内能与机械能的转化，两者的实质不一样．

11．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（）

A．玻璃不能传播声音

B．用不同种乐器演奏同一乐曲，这几种乐器发出声音的音色相同

C．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同

D．在靠近居民区的高架路旁，设置隔音墙是为了减小噪声对居民区的影响

【知识考点】防治噪声的途径；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分．

【思路分析】（1）声音的传播需要介质，介质包括固体、液体和气体；

（2）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；（3）响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；

（4）减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱．

【解答过程】解：A、玻璃属于固体，玻璃可以传播声音，故A错误；

B、不同乐器有不同的音色，故B错误；

C、用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉振动的幅度不同，则音叉发声的响度不同；故C错误；

D、在靠近居民区的高架路旁，设置隔音墙是在传播过程中减弱噪声的，为了减小噪声对居民区的影响；故D正确．

故选D．

【总结归纳】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单．12．（2分）小宁用四盏灯、两个开关，设计了教室的照明电路，要求每个开关都能控制两盏灯．如图所示的电路图中，符合要求的是（）

A．B．C．D．

【知识考点】串、并联电路的设计．

【思路分析】每盏灯的额定电压均为220V，且灯全部正常发光说明六盏灯是并联的，若是串联，灯泡不能正常发光，据此判断选项即可得出答案．

【解答过程】解：由题意可知，教室的照明电路额定电压均为220V，则四盏灯全部正常发光，则它们之间的连接方式只能是并联；

每个开关都能控制两盏灯，则开关在控制得两盏灯的干路上，

A、四盏灯串联，故A错误；

B、四盏灯并联，每个开关都能控制两盏灯，故B正确，符合题意；

C、四盏灯并联，一个开关为总开关，控制四盏灯，故C错误；

D、四盏灯并联，两个开关同时控制其中两个灯泡，另两个灯泡没有开关，故D错误．

故选B．

【总结归纳】本题考查了家庭电路各用电器的连接，在做题时要抓住关键点“额定电压均为220V”、“全部正常发光”，且不要受“两个开关控制，每个开关控制两盏灯”的影响，这也是学生容易受影响的地方．

13．（2分）我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．小林设计了一种酒精测试仪的电路，如图所示．图中R为定值电阻；Q为酒精气敏元件，它在电路中的作用相当于一个可变电阻，其阻值随被测的酒精气体浓度的增大而增大．电源两端的电压不变，闭合开关S，当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，则下列判断中正确的是（）

A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变大，电流表示数变大

C．电压表示数变小，电流表示数变小D．电压表示数变小，电流表示数变大

【知识考点】电路的动态分析．

【思路分析】由电路图可知，电阻R与气敏元件串联，电压表测量R两端的电压，电流表测电路电流；酒精气体浓度越大，气敏元件电阻越大，根据欧姆定律可知，电路电流越大，根据公式U=IR

可知R两端的电压的变化．

【解答过程】解：由电路图可知，电阻R与气敏元件串联，电压表测量R两端的电压，电流表测电路电流；

当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，气敏元件电阻增大，电路总电阻增大，电源电压不变，

由欧姆定律可知，电流电流减小，电流表示数变小，电阻R阻值不变，电流I变小，由U=IR可知，电阻R两端电压变小，电压表示数变小，故ABD错误，C正确；

故选C．

【总结归纳】本题考查欧姆定律的应用和串联电路电流、电压的规律，关键是知道两电阻的连接方式，这是本题的重点．14．（2分）桌面上甲、乙两个圆柱形容器中分别装有水和酒精，实心木球和实心铁球的体积相等，如图所示．水、酒精、木球和铁球的密度分别为ρ水、ρ酒精、ρ木和ρ铁．将木球放入水中、铁球放入酒精中，静止时木球和铁球所受浮力的大小分别为F1和F2．下列判断中正确的是（）

A．若ρ木＜ρ酒精＜ρ水＜ρ铁，则F1＞F2B．若ρ木＜ρ酒精＜ρ水＜ρ铁，则F1＜F2

C．若ρ酒精＜ρ木＜ρ水＜ρ铁，则F1=F2D．若ρ酒精＜ρ木＜ρ水＜ρ铁，则F1＜F2

【知识考点】浮力大小的计算．

【思路分析】根据实心木球和实心铁球的体积相等，可比较二者的质量关系，从而可知其重力关系，再根据物体的浮沉条件分析F1和F2的关系即可做出选择．

【解答过程】解：将木球放入水中，木球漂浮在水面上，静止时木球所受浮力：

则F1=G木=m木g=ρ木gV木﹣﹣﹣﹣①

铁球放入酒精中将下沉，则铁球所受浮力

F2=ρ酒精gV铁﹣﹣﹣﹣②

比较①和②，实心木球和实心铁球的体积相等，即V木=V铁，g相同，

则若ρ木＜ρ酒精，则F1＜F2；

若ρ酒精＜ρ木，则F1＞F2，故ACD错误，只有选项B正确．

故选B．

【总结归纳】本题考查了重力公式、物体浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，分析好两球的质量是关键．

二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共12分，每小题3分．每小题选项全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的不得分）

15．（3分）下列说法中正确的是（）

A．磁浮列车能够悬浮是利用了磁极间的相互作用B．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场C．发电机在发电过程中电能转化为机械能D．地磁的N极在地理的北极附近

【知识考点】磁极间的相互作用；地磁场；通电直导线周围的磁场；发电机的构造和原理．

【思路分析】（1）同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；

（2）丹麦科学家奥斯特发现了电流的磁效应；

（3）发电机工作时机械能转化为电能；

（4）地球周围有磁场，地磁北极在地理南极附近．

【解答过程】解：A、磁浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥，故A正确；

B、丹麦科学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，故B正确；

C、发电机工作过程中把机械能转化为电能，故C错误；

D、地球周围有磁场，地磁N极在地理南极附近，故D错误．故选A、B．

【总结归纳】此题考查了电磁学中的多个知识点，都是基础内容，是必须掌握的．

16．（3分）下列说法中正确的是（）

A．液体吸收热量，温度一定升高

B．液体的沸点随液面上方的气压增大而降低

C．组成物质的分子之间的引力和斥力是同时存在的

D．组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关

【知识考点】温度、热量与内能的关系；沸点及沸点与气压的关系；分子间的作用力；分子的运动．【思路分析】（1）液体沸腾中吸收热量温度保持不变；

（2）液体的沸点与气压有关，随着液面气压的增大而升高；

（3）物质的分子之间有相互的引力和斥力；

（4）物质分子的运动与温度有关，温度越高分子运动越剧烈．

【解答过程】解：A、液体沸腾中吸收热量温度保持不变，故A错误；

B、液体的沸点与气压有关，随着液面气压的增大而升高，故B错误；

C、物质的分子之间有相互的引力和斥力，故C正确；

D、物质分子的运动与温度有关，温度越高分子运动越剧烈，故D正确．

故选：CD．

【总结归纳】此题考查学生对于液体的吸热与温度的关系、沸点与气压的关系以及物质分子运动与温度关系的理解和掌握．

17．（3分）下列说法中正确的是（）

A．用手击打排球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力一定大小相等

B．苹果从树上落向地面的过程中，重力对苹果做功，苹果的重力势能增加

C．水平路面上行驶的汽车，关闭发动机后会停下来，是由于汽车具有惯性

D．宇宙飞船的返回舱在返回地球进入大气层的过程中，一部分机械能转化为内能

【知识考点】做功改变物体内能；力作用的相互性；惯性；动能和势能的大小变化．

【思路分析】A、一对相互作用力的大小一定是相等的；

B、重力对物体做功时，物体的高度是降低的，重力势能与高度有关，在质量不变时，高度越低，重力势能越小；

C、汽车关闭发动机后，由于惯性会继续向前运动，而使车停下来的力是摩擦阻力；

D、飞船与大气层摩擦时，将机械能转化为内能，机械能总量减少．

【解答过程】解：A、用手击打排球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力是一对相互作用力，二者的大小相等，故说法正确；

B、苹果从树上落向地面的过程中，重力对苹果做功，但苹果的高度下降，所以苹果的重力势能是减小的，故说法错误；

C、水平路面上行驶的汽车，关闭发动机后会停下来，是由于汽车受到摩擦阻力的作用，而不是由于惯性，故说法错误；D、宇宙飞船的返回舱在返回地球进入大气层的过程中，与大气层摩擦，一部分机械能转化为内能，故说法正确．

故选AD．

【总结归纳】本题考查的知识点较多，有相互作用力的特点、重力势能的大小变化、物体运动状态的改变、能量的相互转化等，都属于较基础的知识，难度不大．

18．（3分）起重机将建筑材料由地面提升到楼顶，第一次用15000N的竖直拉力F1将材料甲匀速提升15 m；第二次用10000N的竖直拉力F2将材料乙匀速提升15m．对于上述两个过程，下列说法中正确的是（）

A．甲的速度一定等于乙的速度B．甲的质量一定大于乙的质量

C．拉力F1做的功一定大于拉力F2做的功D．甲运动的时间一定小于乙运动的时间

【知识考点】功的大小比较．

【思路分析】（1）根据速度公式v=判断甲、乙速度的大小；

（2）根据公式G=mg，判断甲、乙的质量大小；

（3）根据公式W=Fs，判断对甲、乙做功的多少．

【解答过程】解：A、起重机两次提升的高度相同，所用时间不确定，根据公式v=，可知甲、乙的速度大小不确定，所用A不正确；

B、因为F1大于F2，所以甲的重力大于乙的重力，根据公式m=，可知甲的质量大于乙的质量，所以B正确；

C、因为F1大于F2，根据公式W=Fs，可知拉力F1做的功大于拉力F2做的功，所以C正确；

D、两次拉力的时间不确定，所以D不正确．

故选BC．

【总结归纳】本题考查了学生对速度公式、重力公式和功的公式的理解，是一道综合性题目．

三、填空题（共12分，每小题2分）

19．（2分）电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互．

【知识考点】电荷间的相互作用规律．

【思路分析】根据电荷间的相互作用规律解答；即：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．

【解答过程】解：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．

故答案为：吸引

【总结归纳】本题应掌握电荷的基本知识：

（1）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷．

（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．

20．（2分）矫正近视眼的眼镜的镜片应是透镜．

【知识考点】近视眼的成因与矫正办法．

【思路分析】掌握近视眼的成因是解答本题的关键，近视眼是由于人眼晶状体变凸，焦距变短，会聚能力增强．

【解答过程】解：近视眼是由于人眼的晶状体变凸，会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，故应佩戴发散透镜，使光线发散，即近视眼镜的镜片是凹透镜．故答案为：凹．

【总结归纳】本题主要考查学生对近视眼的成因与矫正方法的认识和了解，是一道基础题．21．（2分）盛夏，我国沿海地区通常比沙漠地区的昼夜温差小，原因之一是水和沙石的比热容不同．比较水与沙石的比热容，的比热容较大．

【知识考点】比热容解释简单的自然现象．

【思路分析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析．

【解答过程】解：沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多．因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小．

故答案为：水；

【总结归纳】关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等．

22．（2分）我国自主研制的载人潜水器“蛟龙号”下潜深度已突破7km．为估算“蛟龙号”下潜到7×103m 深度处所受海水的压强p，可取海水的密度为1×103kg/m3，g取10N/kg，则p为Pa．【知识考点】液体的压强的计算．

【思路分析】求出题目中水的深度h，根据液体压强公式p=ρgh，代入题目的条件可求压强；【解答过程】解：则此时水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa；

故答案为：7×107；

【总结归纳】熟练运用液体压强公式进行计算是解决该题的关键．

23．（2分）如图所示的电路中，电源两端的电压不变，定值电阻R的阻值为R0．闭合开关S，当滑动变阻器接入电路中的电阻值为10Ω时，电压表的示数为U0．断开开关S，把电阻R换成阻值为3R0的另一定值电阻，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P的位置使电压表的示数仍为U0，则此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为Ω．

【知识考点】欧姆定律的应用．

【思路分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测R两端的电压，根据串联电路的电流特点列出等式即可求得此时滑动变阻器接入电路中的电阻值．

【解答过程】解：设电源电压为U，此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为R，

由“当滑动变阻器接入电路中的电阻值为10Ω时，电压表的示数为U0．”根据串联电路电流处处相等可得，﹣﹣﹣﹣①，

当“电阻R换成阻值为3R0的另一定值电阻，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P的位置使电压表的示数仍为U0，”则=﹣﹣﹣﹣②，

由①②解得R=30Ω．

故答案为：30．

【总结归纳】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据电压表的示数和电源的电压不变建立方程进行解答．

24．（2分）杠杆AB可绕支点O自由转动，将金属块用细绳悬挂在杠杆A端，把石块用细绳悬挂在杠杆B端时，杠杆恰好在水平位置平衡，如图所示．若将石块浸没在水中，为使杠杆在水平位置

平衡，需在杠杆A端施加一个竖直向上的拉力F，其大小为石块所受重力的8

9

．已知=

3

8

，则石

块的密度为kg/m3．

【知识考点】杠杆的平衡条件；密度的计算；阿基米德原理．

【思路分析】解决此题需要两次利用杠杆的平衡条件，确定等量关系列出相应的方程组求解．

第一次，A物重与OA的乘积等于B物重与OB的乘积，结合且=3

8

可得两物体重力的关系；

第二次，A物重与向上的拉力的合力与OA乘积等于B物重与在水中受到的浮力之差与OB的乘积．【解答过程】解：设金属块的密度为ρ，

∵F1L1=F2L2，F浮=ρ液gV排，

（1）当金属块B没有进入水中时

G A•OA=G B•OB，﹣﹣﹣﹣﹣①

且=3

8

，﹣﹣﹣﹣﹣②

联立①②两式可得：=8

3

，﹣﹣﹣﹣﹣③

（2）当金属块B没入水中时，

（G A﹣F拉）•OA=（G B﹣F水浮）•OB，﹣﹣﹣﹣﹣④

且F拉=8

9

G B；﹣﹣﹣﹣﹣⑤

即F浮=ρ水gV排=ρ水g（）=﹣﹣﹣﹣﹣⑥

联立上面的③④⑤⑥四式可得ρ=3×103kg/m3．

故答案为：3×103；

【总结归纳】此题以杠杆平衡条件为主线，考查了杠杆的平衡条件、阿基米德原理、重力与质量的关系、密度的计算等知识点，综合性强，难度较大，确定等量关系列出方程组，仔细解答是得到正确答案的关键．

四、实验与探究题（共35分，25～27、33、34题各2分，28、30、32、35题各3分，29、31题各4分，36题5分）

25．（2分）根据如图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是极．

【知识考点】通电螺线管的磁场．

【思路分析】安培定则的内容：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就是螺线管的N极．

【解答过程】解：据图可以看出，此时电流从螺线管的左端流入，右端流出，故利用安培定则判断可知，此时该螺线管的左端是N极，右端是S极；

故答案为：N．

【总结归纳】能准确的利用安培定则分析判断即可解决．

26．（2分）如图所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力．图中线段AB与力F的作用线在一条直线上，且OA⊥AB、AC⊥OB．线段表示力F的力臂．（选填“OA”或“AC”）

【知识考点】力臂的画法．

【思路分析】要解决此题需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离．

【解答过程】解：图中OA是从支点到力的作用线F的距离，AC⊥OB，但OB是杠杆，不是力的作用线，所以，OA是力臂．

故答案为：OA．

【总结归纳】考查学生对力臂的概念的理解，关键是知道力臂是从支点到力的作用线的距离，基础题目．

27．（2分）如图所示的弹簧测力计的示数为N．

【知识考点】弹簧测力计的使用与读数．

【思路分析】使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直．

【解答过程】解：由图知：弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N．此时指针指在“3”处，所以弹簧测力计的示数为3N．

故答案为：3．

【总结归纳】此题考查的是弹簧测力计的读数，初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可．

28．（3分）小岩利用电压表和电流表测量小灯泡的电功率．实验过程中，与小灯泡并联的电压表的示数如图甲所示，与小灯泡串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为V，电流表的示数为A，此时所测量的小灯泡的电功率为W．

【知识考点】电功率的测量．

【思路分析】由伏安法测小灯泡的电功率的实验可知，电压表与灯泡并联测电压，电流表与灯泡串联测通过的电流；

根据电压表和电流表的量程和分度值读出两电表的示数，根据P=UI求出小灯泡的电功率．

【解答过程】解：由图可知：电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，所以电压表的示数为2V；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.3A；

灯泡的电功率P=UI=2V×0.3A=0.6W．

故答案为：2；0.3；0.6．

【总结归纳】本题考查了电流表和电压表的读数以及电功率的简单计算，关键是知道熟知伏安法测小灯泡电功率实验的电路图，即电压表和电流表所测的电路元件．

29．（4分）小刚通过实验探究冰的熔化规律．

（1）实验前小刚观察到的温度计的示数如图所示，温度计的示数为℃．

（2）实验中持续加热，每分钟记录一次实验数据，如下表所示．根据表中的数据可知冰是

（选填“晶体”或“非晶体”），冰的熔点是℃．

【知识考点】熔化和凝固的探究实验．

【思路分析】（1）要正确的读数一定要先认清温度计的分度值．

（2）晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点．

【解答过程】解：（1）温度计的分度值是1℃，所以其温度为26℃．

（2）冰熔化时，不断吸收热量，温度保持0℃不变，所以冰是晶体，海波的熔点是0℃．

故答案为（1）26；（2）晶体；0

【总结归纳】此题是考查冰熔化的实验中需要测量度，所以有关温度计的读数也是非常重要的，一定要认清温度计的分度值．

30．（3分）小娟通过实验探究凸透镜成像规律．

（1）小娟将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上的适当位置，把点燃的蜡烛置于凸透镜的左侧，光屏置于凸透镜的右侧．调节烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心在高度．

（2）将蜡烛移到适当位置，改变光屏在光具座上的位置，直到光屏上呈现清晰倒立、放大缩小的实像，此时蜡烛到凸透镜的距离一定大于10cm且小于cm，这个实验现象可以说明的成像特点．（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）

【知识考点】凸透镜成像规律及其探究实验．

【思路分析】（1）做凸透镜成像实验应在光具座上依次放置蜡烛，凸透镜，光屏，凸透镜必须位于蜡烛和光屏之间．使它们的中心大致在同一高度上，目的是成像在光屏的中心，便于测出物距和像距．

（2）凸透镜成倒立缩小实像的物距条件是物距大于1倍焦距小于2倍焦距，该原理应用是照相机．【解答过程】解：（1）做凸透镜成像实验，要使烛焰的焰心，凸透镜的光心，光屏的中心三者位于同一高度，目的是使像成在光屏的．

（2）凸透镜成倒立缩小实像的物距条件是物距大于1倍焦距小于2倍焦距，由于凸透镜的焦距为

f=10cm，所以此时蜡烛到凸透镜的距离一定大于10cm且小于20cm，该原理应用是幻灯机．

故答案为：（1）同一；（2）20；幻灯机．

【总结归纳】该题考查学生对于凸透镜成像条件的理解和灵活应用．

31．（4分）小欣为了测量液体A的密度，进行了如下实验：

（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处．横梁静止时，指针指在分度盘刻度线的左侧，如图甲所示．为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向端移动．（2）将液体A倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中液体A的体积为cm3．

（3）将量筒中的液体A全部倒入空烧杯中，把烧杯放在调节好的天平的左盘中，当右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图丙所示时，天平横梁再次水平平衡，则烧杯和液体A的总质量为g．（4）实验中测得所用空烧杯的质量为80g，根据上述实验数据计算液体A的密度为kg/m3．【知识考点】液体密度的测量．

【思路分析】（1）游码归零后，横梁那端高平衡螺母向那端调；

（2）看清分度值，读出示数；

（3）物体的质量等于砝码质量与标尺示数的和，看清标尺的分度值，读出示数加上砝码质量数就为烧杯和液体A的总质量；

（4）利用密度公式

m

V

ρ=求出液体密度．

【解答过程】解：（1）根据图甲所示．为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向右端移动；

（2）如图乙所示，量筒的分度值为0.5ml，则量筒中液体A的体积为60cm3；

（3）烧杯和液体A的总质量为m=150g+2g=152g；

（4）由于空烧杯的质量为80g，则液体的质量为m′=152g﹣80g=72g

因此液体的密度为：ρ′===1.2×103g/cm3

故答案为：（1）右；（2）60；（3）152；（4）1.2×103．

【总结归纳】本题考查了液体密度的方法，本实验中由于把液体从量筒向烧杯里面倒的时候，倒不干净，使得质量测量值偏小、从而使得密度的测量值偏小．正确的顺序应该是：先测量液体和烧杯的总质量，再将液体倒入量筒中一部分（读出体积），再测量剩余液体和烧杯的质量，求出量筒内液体的质量，最后利用密度公式求解．

32．（3分）晓亮利用阻值为R0的定值电阻和一块电流表测量未知电阻R x的阻值．他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示．

（1）为了测出电阻R x的阻值，请添加一根导线完成如图所示的实验电路的连接．

（2）开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I1；只闭合开关S2时，电流表的示数为I2．请用I1、I2和R0表示R x．R x=．

【知识考点】伏安法测电阻的探究实验．【思路分析】实验中没有电压表，被测电阻已经被一个开关短路，不能设计成并联电路找电压相等．通过开关闭合与断开，使电路处于两种状态，利用电源电压保持不变，找电路两种状态下的电压相等．

可以使已知电阻和被测电阻串联，测量串联电路中的电流，然后短路被测电阻测出电路电流，利用电源电压相等，列出等式求解．

【解答过程】解：（1）使已知定值电阻和被测电阻串联，电流表串联在电路中，测串联电路的电流．再把被测电阻短路，只有已知电阻接在电路中，测此时电路的电流．根据两种电路状态下电源电压相等求解．如下图．

（2）只闭合开关S2时，电路为R0的简单电路，电流表的示数为I1，则电源的电压为U=I1R0；

开关S、S都闭合时，电路为R0、R x并联，电流表的示数为I2．

因电源的电压不变，所以并联时通过R0的电流不变，

所以通过Rx的电流为I x=I2﹣I1，

R x的阻值为R x==．

（1）见图1

（2）．

【总结归纳】在实验设计题中和计算题中，通过闭合和断开开关或移动滑片来改变电路连接状态，利用电源电压不变或并联电路支路电压相等，列出等式解题，是很典型、很常见、很简单的方法，一定要掌握．

33．（2分）小莉把一圆柱形物体挂在弹簧测力计的挂钩上，将圆柱形物体逐渐浸入某种液体中，观察并记录物体排开液体的体积V和弹簧测力计的示数F，得到如下表所示的实验数据．请根据表中数据归纳出F与V的关系，F=．

【知识考点】阿基米德原理．

【思路分析】根据弹簧测力计的示数F=G﹣F浮、F浮=ρ液gV排，将表格中数据代入关系式求解可得．【解答过程】解：由题意知：F=G﹣F浮，F浮=ρ液gV

将第一、二组数据代入可得：

4.2N=G﹣ρ液g×1×10﹣4m3，3.4N=G﹣ρ液g×2×10﹣4m3，解得：ρ液=0.8×103kg/m3，G=5N；

则F=G﹣F浮=5N﹣800kg/m3×10N/kg×V

则F=5N﹣8000N/m3•V

故答案为：5N﹣8000N/m3•V．

【总结归纳】此题考查了对实验数据的分析，掌握浮力、拉力、重力的关系，根据数据得出重力和液体密度的大小是解决此题的关键．

34．（2分）小华通过实验探究杠杆平衡时动力和动力臂的关系．实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出每一组动力臂L1和动力F1的数据，并利用实验数据绘制了F1与L1的关系图象，如图所示．请根据图象推算，当L1为0.1m时，F1为N．

【知识考点】杠杆的平衡条件．

【思路分析】由于此题中的阻力和阻力臂不变，故据杠杆的平衡条件分析即可解决．

【解答过程】解：由于此题中的阻力和阻力臂不变，据F1L1=F2L2可知，利用图象中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=0.2m×4N=0.6N•m；

故若当L1为0.1m时，F1===6N；

故答案为：6．

【总结归纳】本题不能直接运用杠杆平衡条件求解，首先根据数据推出当阻力和阻力臂的乘积不变时，动力跟动力臂的乘积也不变．然后根据动力跟动力臂的乘积表示出动力和动力臂的关系．35．（3分）实验桌上有如图所示的实验装置（其中的透明玻璃为平面镜），还提供了一把刻度尺和相同大小的中国象棋棋子18个，9个为红色，9个为绿色．小军计划用这些器材探究“物体在平面镜中所成像的大小与物体大小的关系”．

小军的主要实验步骤如下：

①将两个叠放的红棋子作为物体放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置，使得从不同角度观察，两个绿棋子与物体的像均完全重合，并记录实验数据．

②改变物体（两个叠放的红棋子）到平面镜的距离，在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置，使得从不同角度观察，两个绿棋子与物体的像均完全重合，并记录实验数据．

③再改变四次物体（两个叠放的红棋子）到平面镜的距离，仿照步骤②，做四次实验．

请根据以上叙述回答下列问题：

（1）小军计划探究的问题中的自变量是；

（2）根据以上实验步骤可知，小军实际探究的是物体在平面镜中所成像的大小与的关系；

（3）针对小军计划探究的问题，在实验步骤②中，应改变．

【知识考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

【思路分析】研究平面镜成像特点的实验中，两枚棋子大小相同，后面的两枚棋子又和前面两枚棋子的像完全重合，这样后面这两枚棋子的位置就是前面两枚棋子的像的位置，同时证明了像与物大小相同．

为了得出普遍规律，要换用不同大小的棋子再次实验．

【解答过程】解：（1）小军计划用这些器材探究“物体在平面镜中所成像的大小与物体大小的关系”．故小军计划探究的问题中的自变量是物体大小；

（2）根据以上实验步骤可知，小军改变物体（两个叠放的红棋子）到平面镜的距离再次试验，所以实际探究的是物体在平面镜中所成像的大小与物体到平面镜的距离的关系；

（3）针对小军计划探究的问题，在实验步骤②中，应改变物体大小；

故答案为：（1）物体大小；（2）物体到平面镜的距离；（3）物体大小．

【总结归纳】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用．这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用．

36．（5分）实验桌上有三个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有质量相等的煤油、型号相同的温度计和阻值相等且不变的电阻丝R，如图所示．另外，还有满足实验要求的电源、滑动变阻器和开关各一个，电流表和停表各一块，导线若干．请利用上述实验器材，设计一个实验证明：“保持电阻阻值不变，在相同时间内通过电阻的电流越大，电流通过电阻产生的热量越多”．实验设计中可用煤油升高的温度△t的大小表示电流通过电阻丝R产生热量的多少．请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格．

【知识考点】焦耳定律．

【思路分析】（1）探究：“保持电阻阻值不变，在相同时间内通过电阻的电流越大，电流通过电阻产生的热量越多”，则需要测量的物理量有：升高的温度△t与通过电阻丝的电流I，则电路应是由电源、开关、滑动变阻器、电流表和加热电阻丝R组成．

（2）利用电流表测流过电阻的电流，改变滑动变阻器阻值，改变流过电阻的电流，记录电流值和每加热一定时间时升高的温度△t ；最后根据数据判断升高的温度△t 与通过电阻丝的电流I 的关系． （3）记录数据的表格应包括：电流I 、初温t 0、终温t 等内容． 【解答过程】答：实验电路图如图所示：

实验步骤：

（1）按电路图将装置甲、滑动变阻器、电流表等串联接入电路中，将滑动变阻器的滑片调到阻值最大的位置，观察并记录装置甲中温度计的示数t 0．

（2）闭合开关S 的同时按下停表开始计时，观察并记录电流表的示数I ，通电3min ，停止计时的同时观察并记录温度计的示数t ，断开开关S ．

（3）用装置乙替换电路中的装置甲，改变滑动变阻器滑片的位置，观察并记录装置乙中温度计的示数t 0．仿照步骤（2），做一次实验．

（4）用装置丙替换电路中的装置乙，再次改变滑动变阻器滑片的位置，观察并记录装置丙中温度计的示数t 0．仿照步骤（2），再做一次实验． 实验数据记录表：

【总结归纳】本题考查了实验电路设计、实验步骤设计、设计数据记录表格，有一定难度，知道实

验目的是解题的关键．

五、计算题（共13分，37题6分，38题7分）

37．（6分）冬季，养鸡场为了提高产蛋量，夜间需要在鸡舍里用电热器加热并用灯泡照明；白天只需要在鸡舍里用电热器加热，不需要用灯泡照明．小阳根据上述要求设计了一种加热照明装置，这个装置的电路图如图所示，电阻R 1和R 2是两个用来加热且阻值不变的电阻丝，灯L 是标有“220V 160W”

的照明灯泡，开关S 1、S 2的通断只有两种状态，一种是同时断开，另一种是同时闭合．该装置从早晨7：00至17：00处于白天工作状态，连续正常工作10h ，这段时间内电流表的示数为5.5A ，电阻R 1的电功率为P 1，电阻R 2的电功率为P 2，电路的总电功率为P ；该装置从17：00至第二天早晨7：00处于夜间工作状态，连续正常工作14h ．已知：电源两端的电压U 恒为220V ，1

213

P P ．

求： （1）总电功率P ； （2）电阻R 2的阻值；

（3）从早晨7：00到第二天早晨7：00的24h 内，该加热照明装置共消耗电能多少千瓦时．

【知识考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．

【思路分析】（1）当开关S 1、S 2同时断开时，电路处于白天工作状态，画出其等效电路图，然后根据P=UI 可求得总电功率； （2）根据其等效电路图，已知

1

213

P P ．利用串联电路的电压规律可分别求得U 1、U 2，然后利用欧姆定律即可求得电阻R 2的阻值；

（3）根据（1）求得的电功率P ，已知时间，利用P=可求得该加热照明装置共消耗电能多少千瓦时． 【解答过程】解：当开关S 1、S 2同时断开时，电路处于白天工作状态，等效电路如图甲所示； 当开关S 1、S 2同时闭合时，电路处于夜间工作状态，等效电路如图乙所示． （1）由图甲可知：P=I 1U=5.5A×220V=1210W ； （2）由图甲可知：=

=

1

3

， U=U 1+U 2

解得U 1=55V ，U 2=165V 则R 1=

=

=10Ω，R 2=

=

=30Ω；

（3）W 白=Pt 白=1.21kW×10h=12.1kW∙h 由图乙得：P 1′=

=

=4840W

P 夜=P L +P 1′=160W+4840W=5000W=5 kW W 夜=P 夜 t 夜=5kW×14h=70kW∙h

W=W 白+W 夜=12.1kW∙h+70kW∙h=82.1kW∙h ．

答：（1）总电功率P 为1210W ； （2）电阻R 2的阻值为30Ω；

（3）该加热照明装置共消耗电能82.1kW∙h ．

38．（7分）用如图甲所示的滑轮组提升水中的物体M1，动滑轮A所受重力为G1，物体M1完全在水面下以速度v匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F1，拉力F1做功的功率为P1，滑轮组的机械效率为η1；为了提高滑轮组的机械效率，用所受重力为G2的动滑轮B替换动滑轮A，如图乙所示，用替换动滑轮后的滑轮组提升水中的物体M2，物体M2完全在水面下以相同的速度v匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F2，拉力F2做功的功率为P2，滑轮组

的机械效率为η2．已知：G1﹣G2=30N，η2﹣η1=5%，=，M1、M2两物体的质量相等，体积V

均为4×10﹣2m3，g取10N/kg，绳重、轮与轴的摩擦及水的阻力均可忽略不计．

求：（1）物体M1受到的浮力F浮；

（2）拉力F1与F2之比；

（3）物体M1受到的重力G．

【知识考点】浮力大小的计算；滑轮（组）的机械效率．

【思路分析】（1）根据阿基米德原理求解物体M1受到的浮力F浮；

（2）知道功率的大小，可求出功继而求出拉力的大小，也可根据P===Fv，求出拉力大小，再得出拉力F1与F2之比；

（3）对物体受力分析，得出力的关系，在由机械效率公式联立解出物体M1受到的重力G．

【解答过程】解：（1）根据F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣2m3=400N；

（2）P===Fυ

P1=F1υ绳=2 F1υ

P2=F2υ绳=2 F2υ

==①

（3）在匀速提升水中物体M1的过程中，以动滑轮A和物体M1为研究对象，受力分析如左图所示；在匀速提升水中物体M2的过程中，以动滑轮B和物体M2为研究对象，受力分析如右图所示．

由图可知：

2F1+F浮=G+G1②

2F2+F浮=G+G2③

G1﹣G2=30N ④

由②③④得：F1﹣F2=15N ⑤

由①⑤解得：F1=240N F2=225N

η=

η2﹣η1=5%

﹣=5%

﹣=5%

解得：G=760N；

答：（1）物体M1受到的浮力F浮为400N；

（2）拉力F1与F2之比为16：15；

（3）物体M1受到的重力G为760N．

【总结归纳】此题是简单机械、浮力、功率、机械效率综合计算题，难度较大，能够分析出物体在水中的受力情况是解决此题的关键．