2013年湖北省荆门市中考物理试卷 (5)

B、一切发声的物体都在振动，即声音是由物体振动产生的，B说法正确；

C、大象交流靠的是次声波，故C错误；

D、声音能传递信息，声音能传递能量．故D错误．

故选B．

B、超声波可以传递信息，B超就说明这一点；

C、紫外线有荧光效应，使荧光物质发出荧光，可以做成验钞机，检验钱的真伪；

D、红外线热作用强，一切物质不停地辐射红外线，高温物质辐射红外线强，因此制成红外线夜视仪，可以用在军事上．

故选C．

红外线特点：

（1）热作用强：烤箱、浴室里的暖灯、夜视仪、热谱图

（2）穿透力强：航空摄影

（3）遥感、遥控：卫星遥感、家用遥控器

紫外线：光谱中紫光之外的部分．天色紫外线的来源是太阳光

紫外线特点：

（1）化学作用强：使胶片感光、

（2）生理作用强：杀菌消毒、促进维生素D的合成．

（3）荧光效应：使荧光物质发出荧光、制验钞机．

（2）对于平面镜来说，其所成的是正立、等大的虚像．

要选择的是放大的实像，故根据凸透镜成像时的规律及应用分析本题即可判断．

B、平面镜所成的像是等大的正立的虚像，不符合题意；

C、放大镜成的是一个正立、放大的虚像，不符合题意；

D、幻灯机成的是倒立、放大的实像，符合题意．

故选C．

B、打开冰箱门形成的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化成的液态小水珠．故B符合题意；

C、霜是空气中的水蒸气直接变成的小冰晶，属于凝华现象．故C不合题意；

D、隆冬，教室的窗户玻璃上出现冰花，是空气中的水蒸气直接变成的小冰晶，属于凝华现象．故D不合题意；

故选B．

故选D．

（2）机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才守恒．

B、小球从低处向高处摆动过程中，质量不变，高度升高，重力势能增大，速度减小，动能减小，所以是动能转化为重力势能；

C、小球在摆动过程中，除重力做功外，还有空气阻力做功，所以机械能不守恒；

D、由于小球在摆动过程中，机械能越来越小，所以到达最低点的动能会逐渐减小．

故选C．

机械能守恒在初中只是要求定性的会判断，不要求根据机械能守恒去定量计算．

故选A．

（2）电流通过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；

电流通过导体时导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应；

电流通过导体时导体发生化学变化，这种现象是电流的化学效应；

（3）发生短路时，没有电流通过用电器；

（4）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比．电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大．

B、微波炉就是用微波来煮饭烧菜的．微波是一种电磁波，即微波炉是利用电流的磁效应；故B错误；

C、发生短路时，用电器中没有电流通过，但线路上的电流会很大，因此线路或电源将会被烧坏，但用电器不会损坏．故C错误；

D、电炉在使用时，电炉丝和导线串联，I电炉丝=I导线，通电时间t相同，

∵Q=I2Rt，R电炉丝＞R导线，

∴电流产生的热量：

Q电炉丝＞Q导线，

从而出现电炉丝放出大量的热，而输电导线几乎不发热的现象；故D正确．

故选D．

A、从图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是N极，右端是S极，故A错；

B、从图可知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是S极，右端是N极，故B错；

C、从图可知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是S极，右端是N极，故C正确；

D、从图可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端是S极，右端是N极，故D错．

故选C．

故选C．

故答案为：牛顿；汤姆生；法拉第．

Q吸=cm△t

=0.88×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣30℃）=1.232×105J．

故答案为：1.232×105．

W=UIt=1×108V×2×104A×0.001s=2×109J；

电功率：

P===2×1012W．

故答案为：2×109；2×1012．

根据对顶角相等可知，∠BOA′=∠AOH′，因此Rt△AOH′∽Rt△BOA′，

所以=，而从题可知，AB=1m，OA′=40m﹣OA，

即=①式；

根据同位角相等可知，∠BOA′=∠DBC，而∠BOA′=∠AOH′，因此∠DBC=∠AOH′，所以Rt△AOH′∽Rt△DBC′，

所以=，而从题可知，CD=1.5m，BC=6m，

即=②式；

由②式可得：OA=4AH′③式，

把③式代入①式可得：=，解得：，根据题意可知AH′=9m，而AG′=1m，

所以G′H′=AH′﹣AG′=9m﹣1m=8m，

即该树HG的高度为8m．

故答案为：8．

v甲t=v乙t+100m，

5m/s×t=3m/s×t+100m，

第一次相遇时的时间：t=50s；

甲跑的路程：s甲=v甲t=5m/s×50s=250m，

乙跑的路程：s乙=v乙t=3m/s×50s=150m，

跑到一周的长度：s=s甲+s乙=250m+150m=400m；

他们从A点同时开始都沿A→B→C→D同向绕行，则再一次相遇时，甲比乙多跑一周，

s甲′=s乙′+400m，

v甲t′=v乙t′+400m，

5m/s×t′=3m/s×t′+400m，

第一次相遇时的时间：t′=200s．

故答案为：200．

根据二力平衡条件找出物体A在第一种情况下所受的平衡力，并根据物体运动的方向确定摩擦力的方向，根据平衡力的条件列出关系式；同样分析第二种情况下所受的平衡力，根据同样的方法列出关系式，从而计算出D的质量．

注意确定摩擦力的方向．同时物体B对A的拉力F=GB﹣F浮．

根据二力平衡条件：GC=f+GB﹣F浮，

B、C是体积相同的实心铝块，所以GB=GC．所以f=F浮．

当木块向右做匀速运动时，其受摩擦力水平向左．

根据二力平衡条件：GD+f=GB﹣F浮

GD=GB﹣F浮﹣f  又因为f=F浮，所以GD=GB﹣2F浮，

即mDg=ρ铝gVB﹣2ρ水gVB，

则mD=ρ铝VB﹣2ρ水VB=2.7g/cm3×10cm3﹣2×1g/cm3×10cm3=7g；

故答案为：7．

（2）从电表的正确使用方法进行分析，即测量的电数值不能超过电表的最大量程，电流从电表的正极流入，负极流出．

（2）由左图可知，电流表的指针偏到无实数的右侧，说明电流表的量程选择过小；

由右图可知，电压表的指针偏到无实数的左侧，说明电压表的正负接线柱接反了．

故答案为：

（1）如上图所示；

（2）电流表的量程选择过小；电压表的正负接线柱接反了．

盐水的质量m/g

盐水的体积V/cm3

ρ/（kg•m﹣3）

（2）物体的质量等于砝码质量加上游码所对应的刻度值；

用玻璃杯和盐水的质量减去玻璃杯和剩余盐水的质量即为量筒中盐水的质量；

弄清楚量筒的分度值，根据液面对应的刻度读出体积；

根据ρ=求出盐水的密度．

（2）把玻璃杯和剩余盐水放在天平左盘上称量，当天平重新平衡时，所用砝码和游码位置如图所示，读出玻璃杯和剩余盐水的质量m2=50g+5g+3.2g=58.2g；

量筒中盐水的质量m=m1﹣m2=130.2g﹣58.2g=72g；

量筒的分度值为2mL，量筒中盐水的体积V=60mL=60cm3，

盐水的密度：ρ===1.2g/cm3=1.2×103kg/m3．

故答案为：（1）ACB；（2）见下表． 

玻璃杯和盐水的

质量m1/g

盐水的质量m/g

盐水的体积V/cm3

ρ/（kg•m﹣3）

求：（1）U=？（2）R2=？R3=？

解：设电源电压为U、定值电阻的阻值分别为R2、R3，

∵P=I2R，

∴R3消耗的功率P3=（）2•R3代入数值得2.25W=（）2•R3﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

∵P=，

∴电阻R2消耗的功率为P2=

代入数值得12W=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

∵I=，

∴电源电压U=I•

代入数值得U=2A×﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③

解由①②③组成的方程组得U=12V

R2=15Ω

R3=4Ω或36Ω

答：（1）电源电压为12V；

（2）定值电阻R2的阻值为15Ω；定值电阻R3的阻值为4Ω或36Ω．

（2）根据木块所处的状态﹣﹣自然漂浮状态，根据平衡力知识F浮=G，然后根据阿基米德原理可求木块的密度；

（3）认真分析A完全浸没时和全部脱离水面时的受力情况，可解答．

（2）由于木块A有的体积浸在水中此时（V排=V），弹簧恰好处于自然伸长状态，没有发生变形；则此时木块只受到浮力和重力作用，且二力平衡；

故有F浮=G；即得：ρ水gV=ρ木gV；则得ρ木=ρ水=×1.0×103kg/m3=600kg/m3；

（3）当木块A刚好浸没水中时，弹簧对木块A的作用力为F1，木块受到三个力的作用，即重力、浮力、拉力，三者关系为：F浮=G+F1；则F1=F浮﹣G=ρ水gV﹣ρ木gV=（ρ水﹣ρ木）gV；

当木块A刚好完全离开水面时，弹簧对木块的作用力为F2，木块受到两个力的作用，即重力和弹簧对它的支持力，两个力平衡，即F2=G=ρ木gV；

故===；

答：（1）此时容器底部受到水的压强为2000Pa；

（2）木块A的密度为600kg/m3；

（3）F1与F2之比为2：3．