2020年四川省泸州市中考物理模拟试卷(5月份)(含答案解析)

一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）

1.如图所示的各种声学现象中，分析正确的是（）

A. 抽出罩内空气，听到闹钟的声音变小，说明发声体的振动变小了

B. 穿越公园的公路设置“隔音蛟龙”，是为了防止道路上的

汽车发出噪声

C. 发声的音叉轻触悬挂的乒乓球，球被多次弹开，说明发声体在振

动

D. 向上推活塞时，吹出的哨音响度会变大

2.如图所示的四种现象中，应用光的反射原理的是（）

A. 手影

B. 海市蜃楼

C. 水中的倒影

D. 紫外线验钞

3.小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，固定凸透镜位置，调节蜡烛、光屏在

图示位置时，光屏上恰好成清晰的像。要使光屏上恰好再次成清晰的像不正确的操作是（）

A. 保持透镜位置不变，交换蜡烛和光屏的位置

B. 保持蜡烛和光屏位置不变，把透镜移到30cm刻度线处

C. 保持透镜位置不变，把蜡烛和光屏同时向右移动20cm

D. 保持透镜和光屏位置不变，将蜡烛向左移动一段距离，将老花镜放在蜡烛与凸

透镜之间

4.一切物体都有保持原有运动状态不变的性质，下列分析不能体现物体具有这一性质

的是（）

A. A图中从树上落下的苹果

B. B图中不随弹片一起飞出的小钢球

C. C图中敲击锤柄越套越牢的锤头

D. 刹车后不能立即停下的汽车

5.在探究影响压力作用效果的因素时，某小组的同学利用小桌、海绵和砝码等器材，

进行了如图所示的实验，下列分析正确的是（）

A. 实验通过观察桌面的形变程度判别压力的作用效果

B. 乙图中示意图能正确表示砝码对海绵的压力

C. 乙图中砝码对桌面的压强等于海绵对桌面的压强

D. 除甲、乙实验，还需取下乙图中砝码，把小桌翻转过来与甲图比较就能完成全

部探究

6.如图中实验或应用利用流速越大的位置，压强越小的特点的是（）

①纸片将试管中水托住；②盆景中的瓶内水不会全部流掉③对B管吹气，A管中水

上升④对漏斗口吹气，乒乓球不掉下来

A. ①②③

B. ①③④

C. ②③④

D. ③④7.如图所示，水池底部的排水口用重为1N、面积为20cm2的塞子塞住，放水至虚线

处。图甲中，如用弹簧测力计向上逐渐用力拉塞子，当弹簧测力计的示数为6N时，塞子恰好被拔出。图乙中，如用空心密闭塑料瓶（不计重力）代替弹簧测力计，同样使池中水位达到相同位置时恰好将塞子拔出。下列结论正确的是（）

A. 图甲中未拉弹簧测力计之前，塞子受到浮力为1N

B. 塞子未拔出前，甲图中水池的水深最大可达30cm

C. 甲、乙两图中在塞子未拔出前，水池底受到水的压强都为2500Pa

D. 图乙中塑料瓶排开水的体积不少于500cm3才能将塞子拔出

8.如图所示，先用绳子把一个铁锁悬挂起来，然后把

铁锁拿近自己的鼻子，稳定后松手，头不动，铁锁

向前摆去又摆回来，直到最后停下。下列说法错误

的是（）

A. 铁锁摆回后一定不能碰到鼻子

B. 铁锁下降过程中，重力势能全部转化为动能

C. 铁锁来回摆动机械能先变小后不变

D. 铁锁第一次摆动到最低点时，速度最大

9.关于电磁波和能源，下列说法正确的是（）

A. 可见光不属于电磁波

B. 导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波

C. 核电站是利用核聚变的能量来发电的

D. 能量是守恒的，所以不会发生能源危机

10.楼道里，夜间楼道灯一直亮着会造成浪费。其中“光控开关”能在天黑时自动闭合，

天亮时自动断开；“声控开关”能在有人走动发出声音时闭合，无人走动时自动断开。请将如图的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在夜间且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座。图中，楼道电路连接符合上述设计及安全用电要求的是（）

A.

B.C.

D.

11.如图所示电路中，电源电压保持不变，先闭合开关S1，观察电流表、电压表的示数；

再闭合开关S2、S3，下列分析正确的是（）

A. 电流表示数变大，电压表示数变不变

B. 电流表示数变小，电压表示数变小

C. 电压表示数与电流表示数的比值变大

D. 电压表示数与电流表示数乘积变大

12.如图甲，灯L上标有“6V3W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，

变阻器R的最大电阻为100Ω．只闭合S1，滑片置于a点时，变阻器连入电路中的电阻为Ra，电流表示数为Ia；只闭合S2，移动滑片，变阻器两端电压与其连入电路的电阻关系如图乙，当滑片置于b点时，电压表示数U b=8V，电流表示数为I b．已知Ra：R0=12：5，Ia：I b=3：5．（灯丝电阻不随温度变化）下列判断错误的是（）

A. 定值电阻R0阻值为20Ω

B. 电源电压18V

C. 在保证各元件安全的条件下，只闭合S1时，变阻器连入电路的最小电阻为12Ω

D. 在保证各元件安全的条件下，只闭合S2时，电路消耗的最小功率为2.7W

二、填空题（本大题共2小题，共6.0分）

13.为迎接第七届世界军人运动会，赛区组委会对主赛场周边环

境进行了升级改造。环主赛场的一条景观道，骑单车绕行一

周需要约15分钟，这条景观道长约为______（填“36km”“3.6km”或“0.36km”），将景观道两旁的路灯换成节能环保的太阳能LED路灯（如图），新装上的太阳能LED路灯总是同时亮或同时灭，则他们的连接方式是______（填“串联”或“并联”）。白天太阳能电池将太阳能转化为______能再转化为化学能能，存储于深埋路灯杆下的蓄电池中供晚上使用。

14.如图所示，利用轻质滑轮组拉动水平地面上重为300N的物体。作用在绳端拉力F

的大小为30N时，物体10s匀速运动了2m，物体受到的阻力为物重的0.15倍，则A处拉力大小为______N，绳子自由端拉力的功率为______W，滑轮组的机械效率为______。

三、计算题（本大题共1小题，共10.0分）

15.我国首台自主设计、自主集成的载人潜水器“蛟龙”号，在南太平洋携带两名操作

手和科考仪器，在经过布放、下潜、上浮、回收等一系列操作后，顺利完成7000m 级海试任务。（海水密度近似取水的密度）标

（1）“设想你在7km深的蛟龙号中把一只脚伸到外面的水里，若人的脚背面积近似取120cm2，脚背受的压力相当于多少个质量为60kg的成人所受到的重力？

（2）蛟龙号驾驶窗前端装有像人的手臂一样灵活，用高强度炭纤维抗压材料制成的机械臂，能自如的在深海中抓取一定质量的物体并回收。某时刻机械臂牢牢抓住质量为200g，体积50cm3的深海黑矿石，由可伸缩的液压杆顶起抓臂至水平位置如图2所示，B为矿石的重心，图中OB=50cm，OA=10cm，O点到AC的距离为5cm。

在图中画出机械臂的阻力和阻力臂。并求出此时液压杆为机械臂提供的动力为多少？（机械臂质量忽略不计）

（3）海底漆黑阴冷，座舱内的观察窗会起雾而影响操作手的视线，舱内装有除雾装置，从起雾到开启除雾开关直至雾消失发生的物态变化先后是______和______。

如图3为内设除雾器电路示意图，位于两侧的观察窗上的均分布有12V 12W电热膜，接通除雾开关后能随时消除观察窗上的雾气。为电热膜提供电能的电源采用12V 40AH的锂电池作电源，则充满电的锂电池理论上最多可除雾多长时间？

四、实验探究题（本大题共4小题，共18.0分）

16.在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。

（1）实验中量取等质量相同的适量水和食用油，分别倒人相同的烧杯中，用规格相同的电加热器加热，通电后，电加热器自身通过______方式内能增大对水和食用油加热。

（2）分析表中数据可知：从计时开始到温度都达到42℃时，水吸收热量______食用油吸收热量（选填“大于”、“小于”或“等于”），比较加热相同时间两种液体的______可得出水的吸热能力比食用油更强，食用油的比热容为______。

加热时间/min01234

水/℃3034384246

食用油/℃1018263442

17.在探究滑动摩擦力大小的影响因素时，某小组的同学利用木块、铺有毛巾表明的木

板、砝码和弹簧测力计等器材，进行了如图所示的实验。

（1）为测出滑动摩擦力的大小，每次实验必须水平______拉动木块，若甲实验弹

簧测力计示数比乙实验小，可知______图实验中的木板表面铺的毛巾。比较甲、乙实验可得出的结论是______。

（2）为了完成整个实验，将乙图中的砝码取下来进行实验，将观察的实验现象和______图中的对比。

（3）实验结束后，有的同学提出滑动摩擦力的大小与接触面积有关。要做这项研究，可选取图中的______两个实验进行比较。

18.利用如图所示装置探究“什么情况下磁可以生电”的实验中，按表中实验过程探

次数操作电流表指针

1磁体不动，AB上下移动不偏转

2磁体不动，AB前后移动不偏转

3磁体不动，AB左右移动偏转

4AB不动，磁体左右移动偏转

（2）分析上述实验现象可知，导体中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体，______。下列直接应用这一现象的是______。

19.小明同学用如图器材探究探究通过导体的电流与电阻的关系。电源电压恒为6V，

实验用到的定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω各一个。

（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。

（2）取其中一个电阻接入电路，实验中正确连接电路，刚闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2V、0.2A，则实验选用的滑动变阻器的最大阻值为______Ω。

3

实验次数1234

电阻R/Ω10152030

电流I/A0.30.20.150.1

分析可知表中次实验，有一组数据是人为编造的，这次实验是第次，判别依据是______，就现有器材，要完成全部4次实验，可将定值电阻两端控制不变的电压调至不少于______V，并调整部分电表量程即可。

-------- 答案与解析 --------

1.答案：C

解析：解：

A、抽出罩内空气，听到闹钟的声音变小，即说明声音传播需要介质，真空不能传声，故A错误；

B、穿越公园的公路设置“隔音蛟龙”是在噪声的传播过程中减弱噪声，故B错误；

C、发声的音叉靠近乒乓球，球多次被弹开，说明发声体在振动，故C正确；

D、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，若吹的力度相同则响度相同，若吹的力度不同则响度不相同，与拉动活塞无关，故D错误。

故选：C。

（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；

（2）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；

（3）一切声音都是由物体振动产生的；

（4）音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

本题考查声音的综合利用，涉及到频率和音调的关系、声音的产生、声音的传播条件、减弱噪声的途径等多个知识点，但都较简单，属于基础题。

2.答案：C

解析：解：A、手影是光在同种均匀透明介质中沿直线传播形成的，故A不符合题意。

B、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故B不符合题意。

C、水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C符合题意；

D、验钞机是利用紫外线可以使荧光物质发光来工作的，故D不符合题意。

故选：C。

（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。

（4）紫外线在生活中的应用很广，主要应用是杀菌消毒和验钞。

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

3.答案：D

解析：解：A、一支蜡烛位于凸透镜前，调节好透镜和光屏位置后，如图在光屏上呈现缩小、倒立的像，说明此时u＞2f，2f＞v＞f。

若保持凸透镜位置不动，光的折射中光路是可逆的。将蜡烛和光屏的位置对调一下，则2f＞u＞f，v＞2f，所以光屏上呈现倒立、放大的实像，故A正确；

B、由图可知，u=50cm-10cm=40cm＞2f，f＜v=70cm-50cm=20cm＜2f，解得，10cm＜f＜20cm，

保持蜡烛的位置不变，将凸透镜移到30cm刻度线处，物距u′=50cm-30cm=20cm=v，v′=u，能使光屏上恰好再次成清晰的像，故B正确；

C、保持透镜位置不变，把蜡烛和光屏同时向右移动20cm，物距u′=50cm-30cm=20cm=v，v′=u，能使光屏上恰好再次成清晰的像，故C正确；

D、保持透镜和光屏位置不变，将蜡烛向左移动一段距离，物距变大，像距变小，成像于光屏前，为了使光屏上可成像，由于凹透镜对光有发散作用，应在凸透镜左侧附近安装一个焦距适当的凹透镜，才能在光屏上再次得到清晰的像。故D错误。

故选：D。

（1）根据当光的折射中光路是可逆的和凸透镜成像规律即可解答此题。

（2）由凸透镜成像的三种情况：u＞2f，成倒立、缩小的实像。2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。u＜f，成正立、放大的虚像，可得出结论。

（3）凹透镜对光线有发散作用，凸透镜对光线有会聚作用。

此题是考查了凸透镜成像的规律及对实验的操作能力，要熟练掌握规律的内容，做到灵活应用。

4.答案：A

解析：解：一切物体都有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性；

A、图中从树上落下的苹果，是由于苹果受到重力的作用，故A符合题意；

B、图中小球由于惯性，继续保持原来的静止状态，没有随弹片飞出，故B不符合题意；

C、因为锤与柄原来都向下运动，柄撞在硬物上受到阻力作用，改变了它的运动状态，就停止了运动，而锤头由于惯性仍保持原来运动状态，继续向下运动，这样锤头就紧套在锤柄上了，故C不符合题意；

D、汽车原来是运动的，汽车刹车后，由于惯性仍保持原来的运动状态，所以仍会向前运动一段距离，不能立即停下来，故D不符合题意。

故选：A。

物体保持原来的匀速直线运动状态或静止状态的性质叫做惯性，据此分析；同时知道物体下落是由于受到重力的作用。

本题考查了简单的惯性现象，会用相关知识进行解释即可顺利解答，难度不大。

5.答案：D

解析：解：A、本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，A错误；

B、乙图中示意图能表示的是小桌对海绵的压力，B错误；

C、乙图中砝码对桌面的压强等于：

p1=----①，根据力的相互性，海绵对桌面的压力等于桌面对海绵的压力，即砝码与桌子的重力和，受力面积为桌面的面积，p2=-----②，

S砝码＜S桌，G砝码＜G桌+G砝码，比较①②故无法确定乙图中砝码对桌面的压强和海绵对桌面的压强大小；C错误；

D、甲乙实验中，压力相同，甲中受力面积小，压力作用效果明显，故得出压力效果受力面积有关；

取下乙图中砝码，把小桌翻转过来与甲图比较，受力面积相同，甲中压力大，通过海绵的凹陷程度，可研究压力作用效果与压力大小的关系；

综上D正确。

故选：D。

A、本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；

B、乙图中示意图能表示的是小桌对海绵的压力，据此分析；

C、根据压强公式得出乙图中砝码对桌面的压强等表达式，根据力的相互性，海绵对桌面的压力大小等于桌面对海绵的压力，即砝码与桌子的重力和，受力面积为桌面的面积，得出压强表达式，比较两压强大小分析回答；

D、压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。

本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用和力的示意图知识，体现了对过程和方法的考查。

6.答案：D

解析：解：①纸片将试管中水托住是由于大气压的作用；

②一个标准大气压可以支持约10.3m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来。

③往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到外界大气压向上的压强大于向下的压强，液面上升；说明流体流速大的地方压强小，流速小的压强大。

④当沿漏斗管口用力吹气时，乒乓球上面的空气流速加快，压强变小，而球下方的压强仍是大气压，大于球上方的压强，故乒乓球不会掉下去，由此可知：气体流速越大，压强越小。

综上分析可知，利用流速越大的位置，压强越小的特点的是③和④。

故选：D。

液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方、压强越小，流体流速越小的地方、压强越大。据此对各选项逐一进行分析然后做出判断。

本题考查流体压强与流速的关系及其在生活中的应用，我们平时要多观察生活中的现象，并用所学知识解释生活中的现象。

7.答案：C

解析：解：

（1由甲可知，塞子的下表面没有浸在水中，所以未拉弹簧测力计之前，塞子受到浮力为0，故A错误；

（2）水对塞子的压力F=F拉-G塞=6N-1N=5N；

压强为：p===2500Pa，故C正确；

（3）由p=ρgh得；池中的水深为h===0.25m=25cm，故B错误；

（4）空心密闭塑料瓶（不计重力）代替弹簧测力计，同样使池中水位达到相同位置时恰好将塞子拔出，则塑料瓶受到的浮力F浮=F拉=6N；

根据F浮=ρ水gV排可知塑料瓶排开水的体积为：V排

===6×10-4m3=600cm3，故D错误。

故选：C。

（1）浸没在液体中的物体，受到液体向上和向下的压力差，这个压力差是物体受到的浮力；

（2）对塞子进行受力分析，得出水对塞子的压力，再计算出压强，利用液体压强的公式再计算水深；

（3）塑料瓶受到三个力的作用：重力、拉力、浮力，当拉力为6N时，能把塞子拔起，据此求出塑料瓶受到的浮力，再利用阿基米德原理求塑料瓶排开水的体积。

本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用力的平衡求浮力是本题的关键。8.答案：B解析：解：A、铁锁回摆后不能碰到鼻子，因为铁锁和空气摩擦，机械能转化为内能，机械能减小。故A正确。

B、铁锁下降过程中，一部分重力势能转化为动能，并不是全部的重力势能都转化为了动能，故B错误。

C、锁在运动过程中，锁和空气摩擦，机械能转化为内能，机械能减小，铁锁停止运动后，机械能不再变化，故机械能先变小后不变。故C正确；

D、铁锁第一次下降到最低点时，质量不变，高度最小，重力势能最小。此过程中重力势能转化为动能，动能最大，故速度最大，故D正确。

故选：B。

（1）动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。

（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。（3）物体上升过程中动能转化为重力势能；物体下落时重力势能转化为动能；不计摩擦时，机械能的总量是不变的。

本题考查摆动物体的能量转化，注意在动能和重力势能转化过程中，有小部分机械能转化成内能。

9.答案：B

解析：解：

A、可见光是一种电磁波，故A错误；

B、迅速变化的电流周围会产生电磁波，故B正确；

C、核电站是利用核裂变的能量来发电的，故C错误；

D、能量是守恒的，但能量的转化具有方向性，有些能量一旦消耗便很难再被人类所利用，因此一定会发生能源危机，故D错误。

故选：B。

（1）可见光是一种电磁波；

（2）导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波；

（3）核电站利用的是核裂变；

（4）能量的转化具有方向性，有些能量一旦消耗便很难再被人类所利用。

本题考查学生对电磁波、核能、能量守恒定律等相关知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单。

10.答案：B

解析：解：由分析知：灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；

三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，作图如下：

故B正确，

A图中，右孔接在火线上了，应该是左零右火，CD图中左孔接在地线上，应为左孔接零线，故ACD错误；

故选：B。

由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故这两个开关与灯串联，且灯接在零线与开关之间。

此外，还要注意螺丝灯口的接法：火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套。

对于三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”。

本题考查了声、光控灯和三孔插座的接线方法。接地线是为了把有金属外壳的用电器的外壳接地。

11.答案：D

解析：解：

由图知，闭合开关S1时，R2与R3串联，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，由串联电路的电压特点知：U=U2+U3；所以U＞U2，

再闭合开关S2、S3时，R1与R2并联，电压表测电源电压，所以电压表示数与前者相比变大；

因串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，总电阻大于各部分电阻；

并联电路中总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，总电阻小于各支路电阻，

所以再闭合开关S2、S3后，电路的总电阻减小，电源电压保持不变，由I=可知电路中

电流变大，即电流表示数变大；

由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于电路的总电阻，由于再闭合开关S2、S3后总电阻减小，所以该比值变小；

因电压表和电流表的示数均变大，所以电流表和电压表示数的乘积变大；

综上可知ABC错误，D正确。

故选：D。

闭合开关S1时，R2与R3串联，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压；

再闭合开关S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压，根据电路特点和欧姆定律分析判断电表的示数变化即可。

本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析开关在不同状态下电路连接方式和电表所测物理量是关键。

12.答案：C

解析：解：当只闭合S1，滑片置于a点时，等效电路如图甲所示；

当只闭合S2，滑片P置于b点时，等效电路如图乙所示。

（1）当只闭合S2，滑片P置于b点时，R与R0串联，U b=8V，

由题图可知电阻R b=16Ω，则电流：

I b===0.5A，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=I b（R b+R0）=0.5A×（16Ω+R0）------------①

只闭合S1，R与L串联，当滑片P置于a点，由于I a：I b=3：5，则

I a=I b=×0.5A=0.3A，

则电源的电压：

U=I a（R a+R L）=0.3A×（R a+12Ω）----②

由①②式和R a：R0=12：5可得：R0=20Ω，U=18V，故AB正确；

（2）由P=UI可得，灯泡的额定电流：

I L额===0.5A，

灯泡的电阻：

R L===12Ω；

开关S1闭合、S2断开，滑片P置于变阻器上的a点时，电流表的量程大于灯的额定电流，

则电路中最大电流等于灯的额定电流0.5A，

I a大===0.5A，

解得变阻器接入电路的最小电阻R小=24Ω；

电压表的量程为0～15V，所以电阻R两端的电压最大为U R大=15V时，变阻器连入电路的电阻值最大，

灯泡两端的电压U L小=U-U R大=18V-15V=3V，

根据串联电路的分压特点可知，=，=，

解得变阻器接入电路的最大电阻R大=60Ω，

所以变阻器连入电路的阻值范围是24Ω～60Ω，故C错误；

（3）只闭合S2时，滑动变阻器和定值电阻R0串联，要使电路消耗的功率最小，则滑动变阻器这时连入电路的阻值达到最大值设为R最大，

即此时变阻器两端的电压可以达到电压表的最大量程15V，

根据串联电路的电流特点和欧姆定律得：=，即=，

解得R最大=100Ω，

而变阻器R的最大电阻为100Ω，即滑动变阻器连入电路的阻值可以最大达到100Ω；则电路中的电流最小为：I最小===0.15A，

消耗的最小功率P最小=UI最小=18V×0.15A=2.7W，故D正确。

故选：C。

（1）当开关S2闭合、S1断开，滑片P置于变阻器上的b点时，R与R0串联，U b=8V，由图2可知电阻R b的阻值，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源的电压；只闭合S1，R与L串联，当滑片P置于a点，根据I a：I b=3：5求出I a，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式，然后结合R a：R0=12：5即可求出R0的阻值和电源的电压；

（2）根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，比较电流表的量程和灯的额定电流确定当开关S1闭合、S2断开，滑片P置于变阻器上的a点时电路中的最大电流，此时不正确接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律得出等式即可求出变阻器接入电路的最小电阻；变阻器两端的电压最大时，变阻器连入电路的电阻最大，根据串联分压特点和欧姆定律求出最大阻值；

（3）只闭合S2时，滑动变阻器和定值电阻R0串联，则滑动变阻器两端的电压可以达到电压表的最大量程15V，由此可求出滑动变阻器需要连入的最大阻值，与变阻器R的最大电阻为100Ω比较，判断出滑动变阻器能连入的最大阻值，然后即可求出电流，利用P=UI求消耗的最小功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，分清各种情况下电路的连接方式和对应的关系是解题的关键。

13.答案：3.6km并联电能

解析：解：

骑单车的速度约为4m/s，时间为15min=900s，则通过的路程为：

s=vt=4m/s×900s=3600m=3.6km；

新装上的太阳能LED路灯相当于家庭电路，能互不影响、工作，故为并联，路灯同时亮或同时灭，是因为有一个总开关；

太阳能电池工作时，将太阳能转化为电能，然后电能再转化为化学能。

故答案为：3.6km；并联；电能。

根据速度和时间求出路程；串联电路各用电器相互影响，并联电路各用电器能工作；太阳能电池将太阳能转化为电能。

本题考查了电能的转化、电路的连接方式、路程的计算，属于基础知识。

14.答案：45 12 75%

解析：解：

（1）物体在水平地面上做匀速运动，则此时A处绳子的拉力与物体和地面之间的摩擦力是一对平衡力，

则A处拉力大小：

F A=f=0.15G=0.15×300N=45N；

（2）由图知n=2，则绳子自由端移动的距离：

s=2s物=2×2m=4m，

绳子自由端拉力做功：

W总=Fs=30N×4m=120J，

拉力做功的功率：

P===12W；

（3）拉力做的有用功：

W有用=fs物=45N×2m=90J，

滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=75%。

故答案为：45；12；75%。

（1）物体在水平地面上做匀速运动，则此时A处绳子的拉力与物体与地面之间的摩擦力是一对平衡力，大小相等，据此求A处拉力大小；

（2）绳子自由端移动距离等于物体移动距离的2倍，利用W=Fs求绳子自由端拉力做功，再利用P=求拉力做功功率；

（3）拉力做的有用功W有用=fs物，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。

对于滑轮组的拉力的计算，首先要看清滑轮组的克服物体的重力做功，还是克服摩擦力做功。当克服摩擦力做功时，绳子自由端的拉力F=f。

15.答案：液化汽化

解析：解：（1）在7000m深度脚所受压强：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa，脚所受压力：F=pS=7×107Pa×120×10-4m2=8.4×105N，

一个人的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，

所以，n===1400个；（2）矿石在水中所受浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×50×10-6m3=0.5N，

矿石的重力G矿=mg=200×10-3kg×10N/kg=2N，

则，杠杆所受阻力F阻=G矿-F浮=2N-0.5N=1.5N，

若阻力臂为L，阻力为F阻，如下图所示：

根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，可得，

F×5×10-2m=1.5N×50×10-2m

解得，F=15N；

（3）海底漆黑阴冷，舱内热的水蒸汽遇到冷的窗会由气态变为液态，发生液化，开启除雾后液体变为气态，发生汽化；

充满电的锂电池所具有的电能：W=UIt=12V×40A×3600s=1.728×106J，

两侧电热膜的总功率：P总=2×P=2×12W=24W，

则除雾时间：t===72000s=20h；

答：（1）脚背受的压力相当于1400个质量为60kg的成人所受到的重力；

（2）液压杆为机械臂提供的动力为15N；

（3）液化；汽化；充满电的锂电池理论上最多可除雾20h。

（1）利用液体压强P=ρgh求出脚受到的压强，再利用F=PS计算所受压力，进而计算所相当与人的个数；

（2）矿石在水中受浮力，则对杠杆的阻力应为矿石重力与浮力的合力，力臂是支点到力的作用线的距离，利用杠杆的平衡条件解答；

（3）先求出电池所能提供的电能，再根据W=Pt计算时间。

本题考查力学和电学的综合计算，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

16.答案：做功小于升高的温度 2.1×103J/（kg•℃）

解析：解：

（1）实验中量取等质量相同的适量水和食用油，分别倒入相同的烧杯中，用规格相同的电加热器加热，通电后，电加热器自身通过电流做功的方式内能增大，对水和食用油加热；

（2）分析表中数据可知：从计时开始到温度都达到42℃时，水用时3分钟，油用时4分钟，水吸收热量小于食用油吸收热量；

比较加热相同时间两种液体的升高的温度可得出出水的吸热能力比食用油更强；

由表中数据，加热4分钟，水升高的温度为：46℃-30℃=16℃；

油升高的温度为：42℃-10℃=32℃；

根据c=，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，食用油的比热容为：c=×4.2×103J/（kg•℃）=2.1×103J/（kg•℃）。

故答案为：（1）做功；（2）小于；升高的温度；2.1×103J/（kg•℃）。

（1）改变物体内能的两种方法是做功和热传递；

（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；分析表中数据得出从计时开始到温度都达到42℃时，水和食用油的加热时间，根据转换法分析；比较物质吸热能力的方法：

使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；

由表中数据得出加热4分钟，水和食用油升高的温度，根据c=，在质量和吸热相同

的情况下，比热容与升高的温度成反比求出食用油的比热容。

本题比较不同物质的吸热能力，考查改变内能的方法、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

17.答案：匀速乙压力一定，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大乙甲丁

解析：解：（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡条件可知，拉力大小等于摩擦力的大小；分析图中甲、乙两次实验知，压力相同，而接触面粗糙程度不同，故可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，乙的测力计示数大，表明乙的下面铺毛巾；可以得出的结论为：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；

（2）为了完成整个实验，将乙图中的砝码取下来进行实验，此时的压力将会减小，所以可以探究在粗糙程度相同时，摩擦力与压力大小的关系，故将观察的实验现象和乙图中的实验数据对比；

（3）要探究滑动摩擦力与接触面积的大小的关系，需要压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积大小不同，可将长方体木块分别平放、侧放、竖放在水平桌面上，用测力计水平拉动木块做匀速直线运动，记下测力计的示数进行比较，故要做这项研究，可选取图中的甲丁两个实验进行比较。

故答案为：（1）匀速；乙；压力一定，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（2）乙；（3）甲丁。

（1）（2）根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。

（3）要探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系，需使压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积大小不同。

本题的研究中，主要用到了控制变量法、转换法，这也是初中物理学中最常用的两种研究方法，是我们应该熟练掌握的。同时，实验中依据二力平衡的知识。

18.答案：电流表指针的偏转在磁场中做切割磁感线运动①

解析：解：（1）在该实验中，是否有感应电流的产生是通过灵敏电流表的指针是否偏转来体现的，若灵敏电流表的指针发生偏转，就说明产生了感应电流；

（2）分析比较实验现象，可以得出产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动；

②③④都是电生磁，①是磁生电，电磁感应现象；

故答案为：（1）电流表指针的偏转；（2）在磁场中做切割磁感线运动；①。

（1）在探究感应电流的实验中，是通过灵敏电流表指针的偏转来确定感应电流的产生；（2）根据产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；电磁感应是发动机的原理。

本题考查电磁感应现象的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。19.答案：20 4 电路的最小电流为0.12A＞0.10A 3.6

解析：解：（1）根据电路图，变阻器左下接线柱连入电路中，电阻与变阻器串联中，电压表与电阻并联，如下所示：

（2）取其中一个电阻接入电路，实验中正确连接电路，即变阻器的最大电阻连入电路中，刚闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2V、0.2A，由串联电路电压的规律，则实验选用的滑动变阻器的最大阻值为：

R滑大===20Ω；

（3）当定值电阻为30Ω时，由电阻的串联规律，电路的最大电阻为：30Ω+20Ω=50Ω，由欧姆定律，电路的最小电流为：I===0.12A＞0.10A，故第4次实验数据是人为编

造的；

根据串联电路电压的规律及分压原理有：

=，方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻最大，电压表示数最小，

即=，

U V=3.6 V；

故要完成全部4次实验，可将定值电阻两端控制不变的电压调至不少于3.6 V，并调整部分电表量程即可。

故答案为：（1）如上所示；（2）20；（3）4；电路的最小电流为0.12A＞0.10A；3.6。（1）根据电路图，变阻器左下接线柱连入电路中，电阻与变阻器串联中，电压表与电阻并联；

（2）实验中正确连接电路，即变阻器的最大电阻连入电路中，刚闭合开关时，根据电压表、电流表的示数，由串联电路电压的规律得出实验选用的滑动变阻器的最大阻值；（3）当定值电阻为30Ω时，由电阻的串联规律得出电路的最大电阻，由欧姆定律求出电路的最小电流分析；

根据串联电路电压的规律及分压原理得出定值电阻两端控制不变的电压调至不少于多少。

本题探究通过导体的电流与电阻的关系，考查电路连接、串联电路的规律及欧姆定律的运用及对实验的要求。