2020年广东省中考物理模拟试卷(十一)(含答案解析)

一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）

1.“盎司”属于英制计量单位，可以作为质量单位，也可以作为容积单

位。作为质量单位时，如图一个普通鸡蛋大约2盎司，请你估计1盎

司与以下哪个质量最为接近？（）

A. 0.3kg

B. 30g

C. 3g

D. 300mg

2.下列说法正确的是（）

A. 我国化石燃料储量丰富，取之不尽，用之不竭

B. 原子核或聚合时释放出的能量称为核能

C. 太阳通过核裂变的方式释放出能量

D. 核聚变已广泛用于人类生活，生产的活动中

3.将杯中的液态氮（沸点为-196℃）倒入盛有奶浆的碗

制作冰淇淋。观察到碗中液态氮立刻开始沸腾，碗上

出现大量“白气”，碗外壁出现白霜，则此过程中

（）

A. 碗中液态氮沸腾过程中其温度始终保持-196℃

B. 碗中液态氮不断吸热，其温度不断上升

C. “白气”是液态氮汽化成的氮气

D. 白霜是空气中水蒸气凝固形成的

4.甲乙两个音叉距离收音麦克风相同距离，如图是分

别敲击甲乙两个音叉通过示波器收集到的波形图，

（为了方便观察，叠加同一个坐标轴上），下列说

法正确的是（）

A. 甲音叉发出的声音响度比较大

B. 甲、乙两个音叉振动频率相同

C. 甲音叉发出的声音音调比较低

D. 麦克风利用“通电导体在磁场中受力的作用”的原理记录把声信号转化成电信

号

5.规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示，则（）

A. 甲瓶液体质量较大

B. 乙瓶液体质量较大

C. 乙瓶液体密度较大

D. 两瓶液体密度相等6.如图是一辆汽车做直线运动的s-t图象，对线段OA、

AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是（）

A. BC段汽车运动的速度为 15km/h

B. AB段汽车处于匀速运动状态

C. BC段汽车水平方向的受力不平衡

D. 前3小时内，汽车运动的平均速度为30km/h

7.如图所示，手握一罐饮料处于竖直静止状态，下列叙述正确的是

（）

A. 松手后这罐饮料会从静止变成竖直向下加速运动，这是因为瓶子具有惯性

B. 手对罐子的握力越大，罐子对手的压力越大，罐子受到的摩擦力越大

C. 手对这罐饮料的握力和这罐饮料的重力是一对平衡力

D. 把饮料喝了一半以后重新如图握着，饮料罐受到的摩擦力和之前相比变小

8.如图所示是车顶的外掀式天窗。行驶时，将天窗前面

关闭，后面微微向上打开，就能“抽出”车内污浊的

空气。这是由于天窗开启后（）

A. 加大了车顶空气的流速，使开口处的压强小于车内

的压强

B. 加大了车顶空气的流速，使开口处的压强大于车内的压强

C. 减小了车顶空气的流速，使开口处的压强小于车内的压强

D. 减小了车顶空气的流速，使开口处的压强大于车内的压强

9.如图所示，赤道表面地磁感线与水平地面平行指向北方，导线与能测微弱电流的电

流表组成闭合电路，下列哪种操作可让电流表指针摆动？（）

A. 导线水平南北放置，水平向东运动

B. 导线水平南北放置，竖直向上运动C. 导线水平东西放置，竖直向下运动

D. 导线水平东西放置，水平向北运动

10.如图所示为小东家某部分家庭电路的电路图，火线和零线之间的电压为220V．小

东先把拉线开关闭合，灯泡正常发光。再把电饭煲接到三孔插座并闭合开关，电饭煲正常工作。请问此时哪个说法是错误的（）

A. 灯泡的正常工作电压为 220V

B. 灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系

C. 把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔不发光。这是因

为此时零线没有电流流过

D. 把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶

内部发生短路

11.如图所示，手用F1的力将物体B匀速提升h，F1做功为

300J．若借助滑轮组用F2的力把物体B匀速提升相同高度，

F2做功为500J．下列说法正确的是（）

A. F2做功的功率比F1做功的功率大

B. 两个过程物体B均匀速运动，机械能不变

C. 使用滑轮组的过程中，绳子的移动距离和物体的上升高度

相同

D. 滑轮组机械效率为60%

12.小春同学用焦距为10cm的放大镜观察《阳光学业评

价》，观察到了图中的情形。下列说法正确的是（）

A. 图中的成像为放大正立的虚像

B. 图中的透镜到书本的距离大于10cm

C. 图中的透镜如果靠近书本，所成的像将变小

D. 图中的透镜与近视眼镜镜片的透镜种类相同，均为凸透镜

二、填空题（本大题共5小题，共23.0分）13.如图甲为某望远镜内部结构的部分光路图，有一光线先经过平面镜A反射后依次经

过焦点均位于F的凸透镜B和凹透镜C．经过平面镜A反射后的光线已画出

（1）请把经过平面镜反射前的光路图和经过透镜的光路图补充完整

（2）前段时间科学家利用射电望远镜拍到了第一张黑洞的照片如图乙。已知射电望远镜通过收集太空的亚毫米波段的电磁波（波长大于可见光）进行记录最后生成这幅黑洞照片。下列说法正确的是：______

①亚毫米波段电磁波的频率高于可见光，所以人类无法看见。

②相同环境下，亚毫米波段电磁波的传播速度和可见光相同。

③亚毫米波段电磁波的传播过程需要介质。

14.如图是广州市区交通电子告示牌，请完成以下问题。

（1）该电子告示牌是由发光二极管制作，发光二极管的工

作过程中______能转化为光能。

（2）司机看到告示牌内容是因为告示牌______（选填“发

出”或者“反射”）光线进入司机的眼睛。如果司机戴着

近视眼镜，光线通过镜片时会______（选填“会聚”或者

“发散”）。

（3）禁鸣喇叭这个措施是从______（选填“声源处”，“传播过程中”，“入耳处”）控制噪音。

15.如图甲是生活中处处可见的扶手电梯。

（1）某些手扶电梯能够在没有人乘坐的时候停止，有人进去的时候才启动，达到节能的目的。这个功能是通过在电梯的入口安装一套扫描装置，该装置原理和遥控器类似，对外发出______。

（2）如图乙小明在电梯上站好保持静止，电梯匀速上升的过程中，在右边的黑点（代表小明）上画出小明的受力示意图。

（3）在（2）过程中，小明的机械能______。（选填“增大”，“减小”或“不变”）。

（4）已知小明质量为60kg，所站立的该块电梯板的面积为0.5m2，脚底和电梯的接触面积为500cm2，则小明对电梯板产生的压强为______Pa（g=10N/kg）

16.2016年4月一个火箭完成任务后成功降落在海上的

一艘无人船上，SpaceX公司的无人船在海上成功回收了猎鹰9号一级火箭，请回答以下问题（g=10N/kg）：

（1）火箭降落之前，若静止在水面的无人船的质量为2×104t，则它的重力为

______N，排开海水的重力为______N。

（2）火箭降落后无人船的受到的浮力______（选填“大于”“小于”或“等于”）火箭降落前无人船的受到的浮力。火箭降落后后无人船继续在水面保持静止，此时无人船受到的浮力______（选填“大于”“小于”或“等于”）无人船自身的重力。

（3）无人船配备4台300马力柴油动力全回转推进器，全速前行时4台推进器总功率大约800kW，求全速前进的无人船在1分钟里推进器做功多少。在这一分钟内消耗柴油2kg，求这个过程中推进器的效率为多少（保留一位小数）。（q柴油

=4.3×107J/kg）

17.如图所示，滑轮下挂重600N的物体G，滑轮重60N，

绳和杠杆都是轻质的（质量不计），不计摩擦力和空气

阻力。要求在图示位置使杠杆平衡：

（1）请在图中作出绳对杠杆的作用力F′，力F′的大

小是______N。

（2）在杠杆的A处，施加一个竖直向上的力F，在图

中画出这个力的力臂L，这个力的大小应是______N．（杠杆上刻线的间距相等）

三、计算题（本大题共2小题，共19.0分）

18.如图所示将边长为10cm的实心正方体木块轻轻放入装满水的溢

水杯中。木块静止时，从杯中溢出水的质量为0.6kg（g取10N/kg，

ρ水=1.0×103kg/m3），试计算：

（1）木块受到的浮力；

（2）木块的密度；

（3）木块下表面受到的水的压强。

19.2018年10月，华为发布新一代旗舰机mate20pro，如图甲。多项黑科技吸引了全

球科技圈的注意。其中一个亮点就是“华为超级快充技术”，部分具体参数参见如表。

型号Mate 20 pro

屏幕尺寸 6.39 英寸

电池容量57600 焦耳（4200 毫安时）

超级快充功率40 瓦特

防水IP68

（1）利用超级快充技术，不考虑充电时的电能损耗，需要把这款电池从电量为0%充到100%，需要的时间是多少。

（2）小伟在购买手机后，发现充电时间大概需要80分钟，所以觉得充电过程功率应该不是保持全程40W．因此他决定利用usb充电电流电压显示计（如图乙）来实时测量充电过程中充电器输出的电流和电压，并绘制图象如下。请你帮助小伟求出第3分钟的充电功率及前20 分钟充电消耗的电能。

（3）若充电的数据线的阻值为0.5Ω，请求出这个第20分钟至40分钟这个过程中数据线产生的热量。

（4）小伟发现如果使用其他手机的数据线对这台手机从没电的时刻开始充电，超级快充功能启动失败，经过测量发现此时的充电电流只有1A，低于超级快充的电流。查阅资料后小伟得知原来数据线有一项指标是”允许通过的最大电流”。超过最大电流会导致发热严重，有可能造成损坏。数据线允许通过的电流越大，就会设计得越粗。请你从减少数据线发热的角度谈谈这样设计的原因是什么。

四、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）

20.物理兴趣小组同学在总结物理实验的过程中，发现同样器材可以完成多个实验，于

是他们选取如下实验器材，电源一组、开关、电流表、多个10Ω和30Ω的电热丝、滑动变阻器、玻璃瓶、导线、煤油和水若干。

【探究实验一：探究不同液体吸热能力】

（1）按照图甲连接电路图，所选电热丝R甲______R乙（选填“＞”、“＜”或“=”）。（2）甲、乙玻璃瓶中应分别装入初温相同，质量______（选填“相同”或“不同”）的水和煤油。

（3）开始实验记录数据，并绘制图象如图乙所示，可得甲瓶液体的吸热能力______（填“大于”、“小于”或“等于”）乙瓶液体的吸热能力。

（4）已知液体的吸热能力与初温无关，若把甲瓶液体的初温改成20℃，其他条件不变重新开始实验，请在图乙中画出甲瓶液体的温度随时间的图象。（电热丝发出的热量能够被液体全部吸收）

【探究实验二：探究不同电热丝发热能力】

甲、乙两瓶中装入100g煤油，瓶内各安装一根电阻丝。两瓶中各插入了一支温度

c=2.1×103

实验次数实验装置电流/A通电时间/min电阻/Ω初温/℃末温/℃

第一次甲0.620102037乙0.620302063

第二次甲0.630102044乙0.630302076

（5）分析表中第一次实验中甲、乙数据，可得出：相同通电时间内在______相同时，导体电阻越大，导体发热越多。

（6）第一次实验中甲煤油吸收的热量Q=______J

（7）有同学提出，电热丝放出的热量有部分会传递到空气中，所以煤油吸收的热量小于电热丝放出的热量。经小组讨论后一致认为他的观点是正确的，并且提出在不同的加热过程中，加热效率很可能不同。通过计算可知第一次实验和第二次实验甲瓶的加热效率均大于乙瓶的加热效率，请分析其中的原因：______。

21.完成下面测量小灯泡的电功率实验（小灯泡额定电压2.5V）

（1）请根据实验目的，连接图甲的电路。

电路正确连接后，电压表、电流表的示数及灯泡亮度如表：

数据序号12345

电压U/V 3.0 2.5 1.40.4

电流I/A0.300.280.220.12

灯泡亮度很亮较亮亮暗看不到发光（2）第3次实验的电压表、电流表示数如图乙所示，请把实验数据填写在表中。

（3）小灯泡在第1次实验时的电阻R=______Ω

（4）第5次实验看不到灯泡发光，电路是否是断路？______（选填“是”或者“否”）判断的依据是什么？______。

小明实验时，连接了如图丙所示的实物图，接线有错误。

（5）在方框图内画出与图丙连接情况对应的电路图。

（6）若图丙所示电路，只是接线有错误。闭合开关，电压表指针是否有偏转？______（选填“是”或“否”）

22.小张想通过实验测量出一盒包装模糊的某品牌柠檬茶的密度，他手头上拥有如下实

量程足够大的弹簧测

力计包装模糊的柠檬茶

足够大的形状不规

则的水杯

密度已知为ρ铁的

实心铁球（挂有质量

不

计的细绳）

请你根据上面的物品器材，帮助小张设计实验步骤并根据所测量的物理量符号写出最终的表达式。（铁球密度用ρ铁表示）-------- 答案与解析 --------

1.答案：B

解析：解：一斤（500g）鸡蛋可称8～10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g；一个普通鸡蛋大约2盎司，估计1盎司的质量在25g左右，与30g比较接近。

故选：B。

知道常见物体的质量，与题意结合一下，可解答。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

2.答案：B

解析：解：A、化石燃料的储量是有限的，用完之后，不能在短时间内获得补充，故A 错误；

B、原子核或聚合时释放出的能量称为核能，故B正确；

C、太阳通过核聚变的方式释放出能量，故C错误；

D、核聚变不容易控制，人类利用可控的核裂变发电，故D错误。

故选：B。

化石燃料的能量最初都可以追溯到太阳能，且不可再生；从自然界直接获得的且没有经过加工的能源是一次能源；核能的利用方式有两种：核裂变和核聚变。

掌握了核能、可再生能源与不可再生能源的区别以及化石能源的来源才能正确作答本题。

3.答案：A

解析：解：

AB、液态氮的沸点为-196℃，沸腾过程中液态氮迅速成为气体，吸收热量温度保持不变。故A正确、B错误；

C、液态氮沸腾过程中吸收大量的热，奶浆上方空气中的水蒸气遇冷液化成为小水珠，就是我们看到的“白气”，故C错误；

D、液态氮沸腾过程中吸收大量的热，使奶浆和杯子的温度急速降低，空气中的水蒸气遇到温度很低的杯子，在其表面凝华形成霜，故D错误。

故选：A。

①物质由液态变成气态的过程叫汽化，包括蒸发和沸腾两种方式。物质在沸腾过程中吸收热量，温度保持不变；

②物质由气态变成液态的过程叫液化；

③物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华过程放出热量。

此题考查了常见的物态变化现象及吸放热情况，是一道联系实际的应用题，难度不大。

4.答案：C

解析：解：

A、由图知，甲音叉与乙音叉偏离原平衡位置的距离相同，所以甲和乙的振幅相同，则发出声音的响度相同；故A错误；

BC、由图知，相同时间内甲音叉振动的次数比乙音叉振动的次数少，所以甲音叉振动时的频率小，说明甲音叉发出的声音音调低；故B错误，C正确；

D、麦克风是利用电磁感应的原理记录的，把声信号转化成电信号；故D错误。

故选：C。

（1）根据图形判断甲乙的振幅和频率，根据振幅和频率大小比较甲乙的音调和响度：①振动物体离开平衡位置的最大距离叫振幅。振幅越大，响度越大。

②比较相同时间内物体振动的次数可以比较频率大小。频率越大，音调越高。

（2）麦克风是利用电磁感应的原理制成的。

本题考查了通过物体振动的波形图，判断物体振动频率的大小，判断物体的振幅，从而判断音调和响度；同时考查了麦克风的工作原理，要正确理解相关的知识点，避免出错。

5.答案：C

解析：解：规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，说明液体的质量

相等，由图可知，甲瓶液体的体积大于乙瓶液体的体积，由ρ=可知，甲瓶液体的密度

小于乙瓶液体密度，故只有选项C正确。

故选：C。

规格相同的瓶装了不同的液体，由图可知液体的体积不同，天平平衡，说明液体的质量相等，根据密度公式分析即可得出结论。

此题只要考查密度公式的应用，同时也考查了天平的使用，有一定的综合性，是一道好题。

6.答案：D

解析：解：A、BC段的平均速度是v BC===45km/h，故A错误；

B、AB段汽车的路程不随时间而变化，则汽车处于静止状态，故B错误；

C、由图可知，在BC段，汽车通过的路程与时间成正比，故做的是匀速直线运动，汽车受力平衡，故C错误。

D、汽车运动前3h的路程为90km，平均速度为：v===30km/h，故D正确。

故选：D。

（1）由图得出BC段汽车运动的路程和时间，利用v=即可求出速度的大小；

（2）根据速度的变化得出AB段汽车的运动特点；

（3）根据路程的变化得出汽车的运动方向即可判断；

（4）由图象分别得出汽车在OA、AB、BC段通过路程，即可得出3h的路程，然后根据速度公式求出速度。

本题是图象分析，考查学生的基本识图能力。

7.答案：D

解析：解：

A、松手后这罐饮料会从静止变成竖直向下加速运动，主要是因为饮料受到重力的作用，故A错误；

BC、瓶子静止，竖直方向受到的摩擦力与重力是一对平衡力，摩擦力大小等于重力，即使手对瓶子的握力增大，则瓶子所受的摩擦力大小不变，故BC错误；

D、把饮料喝了一半以后，再保持竖直静止，此时瓶子受到的摩擦力与重力平衡，即摩擦力大小等于重力，因为重力减小，所以摩擦力减小，故D正确。

故选：D。

（1）力是改变物体运动状态的原因；

（2）物体保持静止或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，受到的力为平衡力；

二力平衡条件：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。

此题主要考查了力的作用效果、平衡力的有关知识，要注意只要瓶子静止，摩擦力与重力就平衡。

8.答案：A

解析：解：天窗前闭后开，在车顶形成一个凸面，加大了车顶空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新，故BCD错误，A正确。

故选：A。

依据流体压强与流速的关系来分析解答：流体流速越大的位置，其压强越小。

解答此题的关键是明确流体压强与流速的关系，从原理的角度出发，便不难做出解释。

9.答案：C

解析：【分析】

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会在电路中产生感应电流，结合图中的现象可做出判断；

判断是否产生感应电流要注意三个关键词：“闭合电路”、“一部分导体”、“切割磁感线运动”，只有这三个条件同时满足，才能产生感应电流。

【解答】

解：A.图中导线水平南北放置，水平向东运动时，不切割磁感线，所以不会产生感应电流，不符合题意；

B.图中导线水平南北放置，竖直向上运动时，不切割磁感线，所以不会产生感应电流，不符合题意；

C.图中导线水平东西放置，竖直向下运动时，切割磁感线，所以会产生感应电流，符合题意；

D.图中导线水平东西放置，水平向北运动时，不切割磁感线，所以不会产生感应电流，不符合题意；

故选C。

10.答案：C

解析：解：A、根据题意可知，电路电压为220V，灯泡刚好正常工作，因此灯泡的正常工作电压为 220V，故A正确；

B、灯泡和电饭煲可以单独工作，互不影响，因此它们是并联连接，故B正确；

C、因为三孔插座中的左孔为零线，而零线与大地间的电压为0，因此把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔不发光，故C错误；

D、保险丝熔断的原因：一是短路，二是电流过大，因此把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内部发生短路，也可能是热水壶的功率太大，故D正确。

故选：C。

（1）根据灯泡正常工作时的电压进行判断；

（2）家庭电路中各用电器并联连接；

（3）先判断零线与大地的电压，然后根据电流产生的条件进行判断；

（4）保险丝熔断的原因：一是短路，二是电流过大。

本题考查了家庭电路各用电器的连接方式、电流产生的条件、测电笔的使用以及电流过大的危害，涉及的知识点多，但都属于基础内容。

11.答案：D

解析：解：

A、用F1的力直接将物体B匀速提升h，F1做功为300J，即有用功：W有=300J，

滑轮组把物体B匀速提升相同高度，F2做功是总功，即总功：W总=500J，所以F2做的功比F1做的功多；

匀速提高相同的高度，由于不知道两次速度的大小关系，所以不能判断所用时间的多少，

根据P=可知，不能判断F2与F1做功的功率大小，故A错误；

B、两个过程物体B均匀速运动，速度不变，质量不变，动能不变，高度增加，重力势能增加，其机械能增加，故B错误；

C、滑轮组由三段绳子吊着物体，则绳子移动的距离s是物体上升高度h的3倍，即s=3h，故C错误；

D、由题意可知，W有=300J，W总=500J，

则滑轮组的机械效率η==×100%=60%，故D正确。

故选：D。

（1）由题意分析两次拉力做功的多少，再分析所用时间的关系，根据P=判断出F2

与F1做功的功率大小关系；

（2）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，动能与势能统称为机械能；（3）滑轮组由三段绳子吊着物体，绳子的移动距离是物体的上升高度的3倍；

（4）由题意可知，W有=300J，W总=500J，根据η=可计算出机械效率。

本题考查了对功率、机械能、物体升高的高度与绳子运动距离的关系、有用功、总功的理解和机械效率公式的应用，正确认识有用功和总功是解题的关键。

12.答案：B

解析：解：

A、放大镜为凸透镜；凸透镜成像时，实像都是倒立的，虚像都是正立的，则由图可知成像为倒立、放大的实像，故A错误；

B、物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像，因此图中的透镜到书本的距离大于10cm小于20cm，故B正确；

C、凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大；图中的透镜如果靠近书本，成实像时，所成的像将变大，故C错误；

D、放大镜为凸透镜，而近视眼镜镜片是凹透镜，故D错误。

故选：B。

凸透镜成像的规律：

①物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像，物像同侧，应用是放大镜。

②物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立放大实像，应用是幻灯机、投影仪。

③物距等于二倍焦距时，凸透镜成倒立等大实像。

④物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小实像，应用是照相机。

⑤成虚像时，物距变大，像距变大，像变大；成实像时，物距变大，像距变小，像变小。本题要求学生熟练掌握凸透镜成像的规律及应用。我们可以用口诀：“一倍焦距分虚实，二倍焦距分大小。物近像远像变大，焦距以内反变化。”

13.答案：②

解析：解：（1）首先过入射点做出法线，根据反射角等于入射角做出入射光线，

平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点F；

对于凹透镜，指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示：

（2）①②相同环境下，亚毫米波段电磁波的传播速度和可见光的传播速度相同，故②正确；

望远镜收集到的波长比可见光波长更长的亚毫米波，在波速相同时，波长和频率成反比，所以收集的亚毫米波比可见光的频率小，故①错误；

③电磁波可以在真空中传播，因此亚毫米波段电磁波的传播过程不需要介质，故③错误。故选②。

故答案为：（1）见上图；（2）②。

（1）首先根据光的反射定律画出反射光线的入射光线；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；射向焦点的光线经凹透镜折射后，将平行于主光轴。

（2）收集到的波长比可见光波长更长的亚毫米波，而波长和频率成反比。

电磁波和光的传播速度相同；

电磁波可以在真空中传播；

此题考查了透镜光路图和反射光路图的画法，同时还涉及到了电磁波的传播与应用，是一道综合性较强的题目。

14.答案：电反射发散声源处

解析：解：（1）发光二极管的工作过程中将电能转化为光能；

（2）告示牌不会发光，司机看到告示牌内容是因为告示牌反射光线进入司机的眼睛；近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，因此如果司机戴着近视眼镜，光线通过镜片时会发散；

（3）“禁鸣喇叭”，这是在声源处控制噪音。

故答案为：（1）电；（2）反射；发散；（3）声源处。

（1）发光二极管是由半导体材料制成的，可将电能转化为光能；

（2）司机能看见告示牌是因为有反射光线进入眼睛，近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用；

（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。

此题涉及到光的反射、防治噪声污染的途径、能量的转换等多个知识点，但都属于基础，难度不大。

15.答案：红外线变大 1.2×104

解析：解：（1）扫描装置原理和遥控器类似，是利用红外线来工作的；

（2）因为人站在匀速上升的电梯上，所以受重力和支持力的作用；然后过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力），因为这两个力是一对平衡力，所以作图时两条线段长度要相等；如图所示：；

（3）小明在电梯上匀速上升的过程中，速度不变，动能不变；高度增加，重力势能变大，故机械能变大；

（4）人对电梯板压力：F=G=mg=60kg×10N/kg=600N，

他对电梯板的压强：p===1.2×104Pa；

故答案为：（1）红外线；（2）如图；（3）变大；（4）1.2×104。

（1）遥控器利用红外线来传递信息；

（2）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的一定是平衡力的作用，然后根据二力平衡的条件对受力物体进行分析；并确定人的重心，最后表示出人所受的力。（3）根据影响机械能大小的因素分析；

（4）已知小明的质量，根据公式G=mg可求小明的重力，此时他对电梯板的压力等于其重力，根据公式p=求出他对电梯板的压强。

本题考查了压力和压强计算以及力的合成的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，同时注意物体静止时或做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的合力为0。

16.答案：2×1082×10于大于

解析：解：（1）无人船的重力：G=mg=2×104×103kg×10N/kg=2×108N；

因为无人船漂浮，所以F浮=G=2×108N，由阿基米德原理可得排开海水的重力G排=F浮=2×108N；

（2）火箭降落后无人船的总重增加，而无人船始终漂浮，因此火箭降落后无人船受到的浮力大于火箭降落前无人船的受到的浮力；

火箭降落后无人船继续在水面保持静止，此时无人船受到的浮力等于无人船和火箭的总重力，所以此时无人船受到的浮力大于无人船自身的重力。

（3）无人船在1min里做的功：W=Pt=800×103W×60s=4.8×107J；

燃料完全燃烧放出的热量：Q=m′q=2kg×4.3×107J/kg=8.6×107J；

推进器的效率：η=×100%=×100%≈55.8%。

答：（1）2×108；2×108；

（2）大于；大于；

（3）全速前进的无人船在1分钟里推进器做功为4.8×107J；这个过程中推进器的效率为55.8%。

（1）先根据G=mg求出船的重力，然后根据物体漂浮时浮力大小等于重力，结合阿基米德原理可求出排开海水的重力；

（2）比较船的总重力结合漂浮条件可知浮力的大小；

（3）根据W=Pt即可求出无人船在1min里做的功；根据Q=mq求出燃料完全燃烧放出的热量，再利用η=×100%求出效率。

此题考查物体的重力计算、浮沉条件及其应用、阿基米德原理以及热机效率的计算，能否紧紧抓住物体的漂浮状态进行分析轮船重力与浮力的关系是本题的解题关键所在。

17.答案：330 440

解析：解：（1）由图可知，绳对杠杆的作用力作用点在杠杆上，方向向下，如图1所示；

绳对杠杆的作用力与杠杆对绳的作用力为一对相互作用力，

可得：F'=（G+G动）=×（600N+60N）=330N；

（2）支点力的作用线的垂直距离

叫力臂，如图2所示，

由杠杆原理可得：F'×OB=F×OA，

即：F===440N。故答案为：（1）如图1；

330；（2）如图2；440。（1）绳对杠杆的作用力，作用点在杠杆上，方向向下，由动滑轮特点解题；

（2）支点力的作用线的垂直距离叫力臂，由杠杆原理解题。

本题考查学生对力臂及杠杆原理应用的掌握，基础性强，难度不大。

18.答案：解：（1）根据阿基米德原理可得木块所受的浮力：

F浮=G排=m排g=0.6kg×10N/kg=6N；

（2）因为木块在水中漂浮，

所以，木块的重力：G木=F浮=6N，

则木块的质量：m木===0.6kg，

木块为正方体，所以木块的体积V木=（0.1m）3=10-3m3，

则木块的密度：ρ木===0.6×103kg/m3；

（3）正方体木块的底面积：S=（0.1m）2=10-2m2，

浮力产生的实质是物体上下表面受到的压力差，

即F浮=F向上-F向下，

木块漂浮，则F向下=0，

所以木块下表面受到的压力：F向上=F浮=6N，

木块下表面受到水的压强：p===600Pa；

答：（1）木块受到的浮力是6N；

（2）木块的密度为0.6×103kg/m3；

（3）木块下表面受到的水的压强为600Pa。

解析：（1）根据阿基米德原理解答；

（2）木块在水中漂浮，据此求质量，木块为正方体，已知边长求体积，根据ρ=求密度；

（3）根据浮力产生的原因求木块下表面所受压力，根据p=求压强；

本题考查浮力、压强和密度的知识，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

19.答案：解：

（1）由表格数据可知，电池充满电时储存的电能W=57600J，超级快充功率P=40W，因不考虑充电时的电能损耗，

所以，由P=可得，把这款电池从电量为0%充到100%时需要的时间：t===1440s=24min；

（2）由图象可知，0～5min内，充电电压U=10V，充电电流I1=4A，

则第3分钟的充电功率：

P1=UI1=10V×4A=40W；

由图象可知，5～20min内，充电电压U=10V，充电电流I2=3A，

前20 分钟充电消耗的电能：

W=UI1t1+UI2t2=10V×4A×5×60s+10V×3A×15×60s=3.9×104J；

（3）由图可知，第20分钟至40分钟这个过程中，数据线中的电流I3=2A，

这个过程中数据线产生的热量：

Q=I32Rt3=（2A）2×0.5Ω×20×60s=2400J；

（4）因导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积有关，

所以，数据线的材料和长度相同时，数据线越粗，其电阻越小，

由Q=I2Rt可知，数据线允许通过的电流越大时，电阻越小，相同时间内产生的热量越少，

从而避免超过最大电流时导致发热严重，有可能造成损坏。

答：（1）不考虑充电时的电能损耗，需要把这款电池从电量为0%充到100%，需要24min；（2）第3分钟的充电功率为40W，前20分钟充电消耗的电能为3.9×104J；

（3）第20分钟至40分钟这个过程中数据线产生的热量为2400J；

（4）因导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积有关，所以数据线的材料和长度相同时，数据线越粗，其电阻越小，由Q=I2Rt可知，数据线允许通过的电流越大时，电阻越小，相同时间内产生的热量越少，从而避免超过最大电流时导致发热严重，有可能造成损坏。

解析：（1）由表格数据可知电池充满电时储存的电能和超级快充功率，不考虑充电时的电能损耗，根据P=求出把这款电池从电量为0%充到100%时需要的时间；

（2）由图象可知，0～5min内充电电压和充电电流，根据P=UI求出第3分钟的充电功率；由图象可知，5～20min内的充电电压和充电电流，根据W=UIt求出前20 分钟充电消耗的电能；

（3）由图可知，第20分钟至40分钟这个过程中数据线中的电流，根据Q=I2Rt求出这个过程中数据线产生的热量；

（4）导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积有关，据此可知数据线电阻的大小，根据Q=I2Rt得出数据线允许通过的电流越大时产生的热量关系，据此进行解答。

本题考查了电功率公式和电功公式、焦耳定律、影响电阻大小因素的应用，从题干和图象中获取有用的信息是关键。

20.答案：= 相同大于通电电流 4.32×103煤油与环境的温度差

解析：解：探究实验一：探究不同液体吸热能力。

（1）为控制不同液体吸收的热量相同，应把两电阻丝串联接入电路中，根据串联电路电流的规律，通过的电流相等，根据Q=I2Rt可知，应控制电阻相相等，即R甲=R乙；（2）比较不同物质的吸热能力，要控制质量相同，故甲乙烧瓶中应装入质量相同的水和煤油。

（3）根据图乙可知，吸收相同热量时，甲的温度变化慢，乙的温度变化快，因此甲的比热容大于乙的比热容，即甲的吸热能力强；

（4）已知液体的吸热能力与初温无关，若改变甲瓶液体的初温为20℃，则过（0 20）的坐标点做甲的平行线，如下图所示：

探究实验二：探究不同电热丝发热能力

（5）分析表中第一次甲、乙数据知：通过导体的电流和通电时间相同，乙电热丝电阻大于甲电热丝的电阻，乙中煤油温度升高的多，故可得出：在通过导体的电流和通电时间相同时，电热丝越大，导体发热越多；

（6）根据焦耳定律，第一次实验中甲电热丝产生的热量：Q放=I2Rt=（0.6A）

2×10Ω×20×60s=4.32×103J；

（7）加热效率不相同的原因是：煤油升高的温度越高，与环境的温差越大，热量损失的越多，故加热效率越低。

故答案为：（1）=；（2）相同；（3）大于；（4）如上图所示；（5）通电电流；（6）4.32×103；（7）煤油与环境的温度差。

探究实验一：探究不同液体吸热能力

使用相同的电加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。

比较物质吸热能力的方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。

（1）根据串联电路电流的规律和焦耳定律确定两电热丝的阻值大小关系；

（2）该实验运用了控制变量法，根据控制变量法进行分析即可；

（3）根据图乙可知，吸收相同热量时，甲乙两种液体温度的变化，从而得出吸热能力的强弱；

（4）已知液体的吸热能力与初温无关，若改变甲瓶液体的初温，那么过该温度做甲图象的平行线，即为现在的图象；

由图2，根据比较吸热能力的第1种方法，结合水的比热容大确定甲容器中装的物质；探究实验二：探究不同电热丝发热能力。

（5）分析表中第一次甲、乙数据，找出相同的量和不同的量，结合焦耳定律得出相应的结论；

（6）根据焦耳定律Q放=I2Rt求出第一次实验中甲电热丝产生的热量；

（7）煤油升高的温度越高，与环境的温差越大，热量损失的越多，故加热效率越低。本题比较不同物质的吸热能力和探究不同电热丝发热能力两个实验，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法、串联电路电流的规律、焦耳定律、热量的计算及效率的计算、数据分析及对影响加热效率大小因素的分析，涉及知识点多，综合性强，难度大，相关知识易混淆。

21.答案：10 否电流表有示数是

解析：解：（1）将电源、开关、电流表、灯泡、滑动变阻器组成串联电路，电压表并联在灯泡的两端，因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程为0-3V，由图乙知电流表的量程为0-0.6A，变阻器一上一下接，如图所示：

（2）图乙中电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；电压的量程为0-3V，分度值为0.1V，示数为1.5。

（3）由表中数据知，第1次实验灯泡两端电压3.0V，通过的电流为0.30A，由欧姆定律

可得此时灯泡电阻R===10Ω。

（4）由表中数据知，第5次实验中，灯的电压为0.4V，电流为0.12A，电路中有电流，所以电路没有断路。

（5）由图丙知，变阻器、电压表、灯泡串联，电流表与灯泡并联，由此画出电路图如图所示：

（6）电压表串联入电路中，由于其内阻非常大，由串联电路的分压原理知，电压表示数几乎等于电源电压，故电压表指针有偏转。

故答案为：（1）见上图；（2）

数据序号12345

电压U/V 3.0 2.5 1.5 1.40.4

电流I/A0.300.280.240.220.12

灯泡亮度很亮较亮亮暗看不到发光

（1）将电源、开关、电流表、灯泡、滑动变阻器组成串联电路，电压表并联在灯泡的两端，根据小灯泡的额定电压判断电压表的量程，根据图乙判断出电流表的量程；（2）根据电压表和电流表的量程和分度值读出电压表和电流表的示数；

（3）由R=计算第1次实验时的灯泡电阻；

（4）根据电路中有电流分析解答；

（5）根据图丙画出电路图；

（6）电压表串联入电路中，由电路特点和欧姆定律分析解答。

本题是测灯泡功率的实验，考查了实物图的连接和根据实物画电路斩首，电表的读数，电阻的计算，故障现象分析，考查知识点多，难度中等。

22.答案：解：先用弹簧测力计测出铁球浸没在水中受到的浮力，再测出铁球浸没在柠檬茶中受到的浮力，两次排开液体的体积都是铁球体积。根据F浮水=ρ水gV，F浮茶=ρ茶gV，

推导出柠檬茶的密度表达式。

详细步骤如下：

1．调节弹簧测力计，使指针指在0刻度线处；将铁球系在弹簧测力计挂钩上，用弹簧测力计测出实心铁球的重力为G；

2．将实心铁球缓慢浸没在水中，测出此时弹簧测力计的拉力为F1；

3．擦干铁球上的水，再将其浸没在柠檬茶中，测出此时弹簧测力计的拉力为F2；4．设铁球的体积为V，计算推导：铁球在水中受到的浮力为G-F1=ρ水gV；铁球在柠檬茶中受到的浮力为G-F2=ρ茶gV

，

解析：根据所给器材设计实验测量液体密度，测量原理．但是没有天平测质量，

有弹簧测力计可以测重力，没有测体积的装置，因此不能直接测量。有水杯和实心铁球，则可以借助浮力测密度。

本题考查特殊方法测量液体密度，用到浮力相关知识，题目综合性较强，对学生的思维和语言表达能力要求较高。

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