2022年安徽省合肥市中考物理二模试题及答案解析

2022年安徽省合肥市中考物理二模试卷

1.  如图所示，将一些干冰颗粒撒到盛水的容器里，可以看到杯底水中有大量的气泡冒出，如同水被煮沸一般，同时杯口有大量的“白气”生成，其中“白气”的形成是______填物态变化名称。

2.  据中国地震台网测定，北京时间年月日时分，在青海省海西蒙古族藏族白治州德令哈市发生级地震，震源深度千米，震源监测是利用地震波中纵波和横波的传播速度不同，来监测震的位置，地震波属于______。选填“超声波”或“次声波”

3.  如图所示，用毛皮摩擦过的塑料棒靠近架在针尖上的铝箱条一端时，发现铝箔条会跟随塑料棒旋转起来，则铝箔条______带电。选填“一定”“不一定”或“一定不”

4.  如图所示，请在图中画出点光源发出的入射光线通过凸透镜折射后的出射光线。

5.  如图所示，请在图中括号里标出静止在磁场中的小磁针的极位置并用箭头标出磁感线方向。

6.  如图所示，年月日下午，北京冬奥会吉祥物“冰墩墩”也现身太空课堂第二课。可掬的“冰墩墩”被王亚平抛出后，并没有像在地面上一样掉落，而是沿着直线水平飞了。这是因为______。

7.  在标准大气压下，将质量为、初温的冷水利用燃气热水器加热到沸腾，需燃烧的天然气，则该燃气热水器在上述工作过程中的效率为______。已知，

8.  如图所示，在的拉力作用下，物体沿水平面做匀速直线运动，若滑轮组的机械效率为，则地面对物体的摩擦力是______。忽略绳子和滑轮的重力

9.  如图所示的电路中，灯泡标有“”字样，当开关闭合时，正常发光，电流表的示数为，则通电灯泡消耗的电能为______。

10.  如图所示是某款电热器的电路原理图，、是电热丝。电热器工作时，扇形开关可以接触、触点，也可以接触、触点实现保温挡和加热档的切换，已知保温挡和加热档的功率之比为：，则：______。

11.  下列说法中正确的是(    )

A. 物体的运动速度越大其惯性就越大

B. 在液体中，流速越大的位置压强越大

C. 物质的比热容大小与物质的状态有关

D. 通电直导线在磁场中一定会受到磁场力作用

12.  如图所示是为班级买的磁性收纳盒被“吸”在黑板上，其靠近黑板一面有一大块磁铁，里面放了板擦和笔等。关于此磁性收纳盒，下列说法正确的是(    )

A. 该收纳盒的工作原理是“异名磁极相互吸引”

B. 该收纳盒受到的黑板的吸引力与重力是一对平衡力

C. 若只将该磁铁换成质量相同、磁性更强的磁铁，该收纳盒受到的摩擦力将变大

D. 若在收纳盒中再放入一只水笔后收纳盒依然保持静止，该收纳盒受到的摩擦力将变大

13.  如图所示，年月日时分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，三位航天员身体状态良好，标志着神舟十三号载人飞行任务取得成功。下列关于飞船返回舱返回过程的说法正确的是(    )

A. 返回舱进入大气层时宛如一颗“火流星”，是因为内能转化为机械能

B. 返回舱进入大气层时舱体表面敷设的特殊材料升华放热，具有降温作用

C. 返回舱距地面千米左右，降落伞依次打开开始减速下降，其机械能保持不变

D. 返回舱距地面米，反推发动机点火“刹车”利用力的作用是相互的原理，平稳着陆

14.  如图所示为某物体做直线运动时的路程随时间变化的图象。下列分析正确的是(    )

A. 在内物体一直在做匀速直线运动

B. 在时间内，物体通过的路程为

C. 在内物体的平均速度为

D. 在内与内物体的速度之比为：

15.  如图所示，当开关闭合后，灯泡、都发光，两个电表都有示数，工作一段时间后，突然灯泡熄灭仍然发光，两个电表都无示数，该电路中可能出现的故障是(    )

A. 电压表短路 B. 断路 C. 电流表断路 D. 短路

16.  如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，向左移动滑动变阻器的滑片，在移动滑片的过程中，下列说法正确的是(    )

A. 电流表示数不变，电压表示数不变

B. 电压表示数与电流表示数之比变大

C. 电流表示数变大，电压表示数变小

D. 电压表示数与电流表示数之比变小

17.  如图所示，放在磁场中的矩形线圈自图示位置即线圈平面垂直于磁感应线的位置开始绕轴沿逆时针匀速转动，下列说法中正确的是(    )

A. 线圈在磁场中转动过程中不受磁场力的作用

B. 线圈在转动的前半周中，线圈中的电流方向不变

C. 线圈在转动的过程中，每时每刻都有感应电流产生

D. 线圈在转动的过程中，、、及边都不停地切割磁感线

18.  小明同学为“探究光的折射规律”设计了如图所示的实验装置，在玻璃水槽中竖直放置的光屏屏由和两个半圆形光屏组成，其竖直方向的直径为两半圆的分界线，其中光屏可绕直径在水平方向前后折转。

如图所示，保持入射光线不动，能看到杯底有个亮斑，如果继续向玻璃槽中加水，会看到杯底的亮斑向______移动选填：“左”“右”或“上”；

实验时，先让光屏位于同一平面内，一束激光贴着光屏沿方向从空气斜射入水中，在光屏上能看到折射后的光束，小明想探究光折射时，折射光线和入射光线是否在同一个平面内，接下来他的实验操作是：______。

19.  小明同学在探究“杠杆平衡条件”的实验中，采用了如图所示的实验装置。实验中所用的钩码均为，杠杆质量均为，且质量分布均匀，相邻刻度线之间的距离相等

如图甲实验前杠杆左端高、右端低，此时应将杠杆左端或右端的平衡螺母向______填“左”或“右”调节，使杠杆处于水平平衡状态；

如图乙中杠杆恰好处于水平位置平衡，小明尝试在、两点下方再各加挂个相同的钩码，此时______选填“左端下沉”或“右端下沉”或“仍保持水平平衡”；

如图丙是另一组同学实验的装置，当弹簧测力计的示数为______时杠杆恰好可以在水平位置再次平衡不计摩擦阻力影响。

20.  在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压恒为，所用小灯泡的额定电压为电阻约为：

请你用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整；

连接好电路、闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______；

如果考虑电表内阻对实验的影响，则第问所测小灯泡的额定功率与真实值相比会______选镇“偏大”或“偏小”或”相等”。

21.  如图所示，将底面积为、质量为的物块叠加在底面积为、质量为的物块上，然后一起放置在水平地面上，在水平向右、大小为的拉力作用下沿水平地面做匀速直线运动，已知内两物块一起运动了，求：

当两物块静止在水平地面上时，物块对地面的压强大小；

拉力做功功率大小。

22.  如图甲所示，边长为的木块漂浮在水面上时，有体积露出水面；如图乙所示，在上面放上与同种材料制成的木块，此时刚好浸没在水中。已知求：

木块的密度；

木块的体积和木块的体积的比值：。

23.  图像法是处理实验数据揭示物理规律、解决物理问题的常用方法。如图甲所示电路中，电源电压不变，为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为，当变阻器滑片从一个端点移到另一个端点的过程中，变阻器的电功率与电流表示数之间的图像如图乙所示，请根据图像中的相关信息计算：

电源电压和定值电阻的阻值；

图像中的值和的值。

答案和解析

1.【答案】液化 

【解析】解：“水被煮沸”是由于干冰撒入水中后，干冰升华成二氧化碳，是一个吸热的过程，导致周围空气温度下降，杯口的“白气”是由于空气中的水蒸气遇冷液化而成的。

故答案为：液化。

物质由气态变为液态叫液化。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。

2.【答案】次声波 

【解析】解：地震产生的声波频率约，所以地震波属于次声波。

故答案为：次声波。

人耳朵的听觉频率范围是到之间，即高于的属于超声波，低于的是次声波，这两种声波都是人耳朵无法听到的。

解决此类问题要结合次声波的定义和人耳的听觉范围进行解答。

3.【答案】不一定 

【解析】解：毛皮摩擦过的塑料棒带负电荷，当带电的塑料棒靠近静止的铝箔条一端时，铝箔条会跟随着旋转起来，说明带电塑料棒能够吸引铝箔条，则铝箔可能带正电，因为异种电荷相互吸引；铝箔条也可能不带电，因为带电体可以吸引轻小物体，故铝箔条不一定带电。

故答案为：不一定。

带电体能够吸引轻小物体。

电荷电子能够发生转移，同种电荷相互排斥。

明确带电体能够吸引轻小物体、电荷间的作用规律；可解答此题。

4.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过焦点，经过光心的光线传播方向不变，这两条光线相交于于点，由此可知点光源经过凸透镜后所成像的位置即为，根据折射光线必过像点，即可画出入射光线经凸透镜折射后的折射光线，如图所示

 

【解析】根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后经过焦点，经过光心的光线传播方向不变，这两条特殊光线确定像点，根据折射光线必过像点画出折射光线。

凸透镜的三条特殊光线：入射光线平行于主光轴，折射光线过焦点；入射光线过焦点，折射光线平行于主光轴；过光心的传播方向不变。

5.【答案】解：电源的左端为“”，根据右手安培定则，四指的方向为电流的方向，大拇指的方向为磁场的方向，判断出螺线管右端为极，螺线管外上部的磁场方向从到极，即从右向左，小磁针在磁场中指向即磁场方向，故如图所示：

 

【解析】根据右手螺旋定则判断通电螺线管的磁极，根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极，在磁体外部，磁感线总是从极发出，回到极。

右手螺旋定则为判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时极所指的方向为该点磁感线的方向。

6.【答案】物体在不受外力作用下，运动的物体将做匀速直线运动状态 

【解析】解：一切物体在没有受到外力作用时，总是保持匀速运动或静止状态，所以“冰墩墩”被王亚平抛出后，在太空没有受到力的作用，有初速度，所以将保持匀速直线运动。

故答案为：物体在不受外力作用下，运动的物体将做匀速直线运动状态。

牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用时，总是保持匀速运动或静止状态，据此解答。

此题考查学生对牛顿第一定律的理解和应用，是一道基础题。

7.【答案】 

【解析】解：水吸收的热量；

天然气完全燃烧放出的热量；

燃气热水器烧水时的效率。

故答案为：。

由热量公式可以求出水吸收的热量；

由燃料完全燃烧放热公式可以求出天然气完全燃烧释放的热量，由效率公式求出燃气热水器烧水的效率。

本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、热效率公式的掌握和应用，要注意一标准大气压下水的沸点为是一个隐含的已知条件。

8.【答案】 

【解析】解：设物体移动的距离为，由图可知，连在动滑轮上的绳子股数，则绳子自由端移动的距离为，滑轮对物体做的有用功：，

拉力做的总功：，

则机械效率，

代入数据，可得，

解得。

故答案为：。

根据图示可知滑轮组绳子的有效股数，根据求出地面对物体的摩擦力。

本题考查了滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功是关键。

9.【答案】 

【解析】解：由图可知，、并联，测量干路电流，测量通过的电流，当开关闭合时，正常发光，则电源电压为，

通过的电流为 

根据并联电路电流特点可知，通过的电流为，

则通电灯泡消耗的电能为。

故答案为：。

由图可知，、并联，测量干路电流，测量通过的电流，根据正常发光可知电源电压，由可求得通过的电流，根据并联电路电流特点可求得通过的电流，由可求得通电灯泡消耗的电能。

分析清楚电路结构、熟练应用电功率的变形公式、并联电路特点、欧姆定律、电功公式即可正确解题。

10.【答案】： 

【解析】解：当扇形开关接触、触点时，只有接入的简单电路；当扇形开关接触、触点时，与并联接入电路，并联后的总电阻为，

根据电阻的并联特点可知，并联后的总电阻小于任何一个并联电阻，即，由可知，电源电压不变，电阻越大，功率越小，为保温挡，所以故当扇形开关接触、触点时为保温挡；保温时的电功率为，

扇形开关接触、触点时加热档。加热档的电功率为，

因为保温挡和加热档的功率之比为：，即。

解得：：。

故答案为：：。

由可知电路的总电阻越大，功率越小，则电路应是保温挡，电路的总电阻越小，功率越大，则电路应该是加热挡，当电热丝都未接入电路时，电路断开；当扇形开关接触、触点时，与并联接入电路，并联后的总电阻为，已知保温挡和加热档的功率之比为：，由此可求得：。

本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，根据结合并联电路的电阻特点分析出保温挡和加热挡的电路是解题的关键。

11.【答案】 

【解析】解：

A.质量是惯性大小的唯一量度，惯性大小与物体运动速度大小无关，故A错误；

B.流体速度加快时，物体与流体接触的界面上的压力会减小，导致压强变小，所以，流速越大，压强越小，故B错误；

C.同种物质，比热容大小与物质的状态有关，例如水和冰的比热容是不相同的，故C正确；

D.若通电导体在磁场中与磁场平行，则其不受磁场力的作用，故D错误。

故选C。

惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。

比热容的大小与物质的种类和状态有关。

通电导体在磁场中受力运动。

此题涉及到惯性、流体压强与流速的关系、比热容大小的影响因素、磁场对通电导线的作用等多个知识点，是一道综合性较强的题目。

12.【答案】 

【解析】解：该收纳盒的工作原理是磁体的磁性，磁体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质，不是“异名磁极相互吸引”，故A错误；

B.该收纳盒受到的黑板的吸引力与重力不在一条直线上，所以不是一对平衡力，故B错误；

C.若只将该磁铁换成质量相同、磁性更强的磁铁，该收纳盒静止时受到的摩擦力与重力是一对平衡力，保持不变，故C错误；

D.若在收纳盒中再放入一只水笔后收纳盒依然保持静止，竖直方向上重力与摩擦力是一对平衡力，该收纳盒受到重力变大，所以摩擦力将变大，故D正确。

故选D。

磁体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质；

二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；

收纳盒静止时受到的摩擦力与重力是一对平衡力。

本题主要考查学生对平衡力的辨别，二力平衡条件的应用、磁性等知识点的理解和掌握，难度不大，属于基础知识。

13.【答案】 

【解析】解：返回舱进入大气层，返回舱和空气摩擦，机械能化为内能，温度升高，返回舱外层燃烧，返回舱宛如一颗“火流星”，故A错误；

B.升华是物体由固态变成气态的过程，这个过程物体需要吸收热量，所以返回舱体表材料升华吸热，具有降温作用，故B错误；

C.返回舱开始减速下降以后，质量不变，速度变小，动能变小，高度变小，重力势能变小，机械能是动能和势能的总和，故返回舱机械能减小，故C错误；

D.反推发动机点火后，气体向下喷出，力的作用是相互的，气体给发动机一个向上的反作用力，使返回舱速度减小，从而平稳着陆，故D正确。

故选D。

返回舱进入大气层，返回舱和空气摩擦，机械能化为内能；

升华是物体由固态变成气态的过程，这个过程物体需要吸收热量；

影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，动能和势能合称机械能；

物体间力的作用是相互的。

此题涉及到机械能和其他形式的能的相互转化，升华吸热、力作用的相互性等多个知识点，体现了物理与科技生活的联系。

14.【答案】 

【解析】解：、在图像中，内物体做匀速直线运动，内保持静止状态，后又是匀速直线运动，故A错误；

B、内保持静止状态，通过的路程为，故B正确；

C、在内物体的平均速度，故C错误；

D、在内物体的速度，

内物体的速度，

在内与内物体的速度之比：：：，故D错误。

故选：。

在图像中，倾斜直线代表物体做匀速直线运动，与时间轴平行的直线代表物体保持静止状态，据此分析在不同时段物体的运动状态；

再利用分别可求出、内、的速度，进行比较即可；

全程的平均速度等于总路程与总时间的比值。

本题考查了学生对速度公式的运用以及对运动图像的理解，属于基础题，难度不大。

15.【答案】 

【解析】解：、如果是电压表短路，则电源也处于短路状态，灯不会发光，不符合题意；

B、如果是断路，则灯不能发光，电流表没有示数，但是电压表会有示数，显示电源电压，不符合题意；

C、如果是电流表断路，则灯也不能发光，电流表和电压表都没有示数，符合题意；

D、如果是短路，则整个电源也短路，与描述的现象相同，不符合题意。

故选C。

由图可见两灯并联，电压表测量电源电压，电流表测量灯的电流，分析各选项选出正确答案。

在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。

16.【答案】 

【解析】解：

分析电路图可知，定值电阻和滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，其示数大小不变，向左移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的电阻变小，则电路中的总电阻变小，由于电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表连接在干路上，所以电流表的示数变大，故AC错误；

电压表示数不变，电流表的示数变大，电压表示数与电流表示数之比变小，故B错误，D正确。

故选：。

由电路图可知，定值电阻与变阻器并联，电压表测滑动变阻器、定值电阻、电源两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据并联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化，再根据欧姆定律结合电路中的电阻判断电压表的示数与电流表的示数之比的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

17.【答案】 

【解析】解：

A.在磁场中的矩形线圈自图示位置即线圈平面垂直于磁感应线的位置开始绕轴沿逆时针匀速转动，线圈在磁场中转动过程中线圈切割磁感线，产生感应电流，电流在磁场中受磁场力的作用，故A错误；

B.线圈在转动的前半周中，磁场方向不变，切割磁感线的运动方向不变，线圈中产生的电流方向不变，故B正确；

C.线圈在转动的过程中，当线圈处在其平面垂直于磁感应线的位置时，运动方向与磁场方向平行，线圈没有切割磁感应线，此时没有感应电流产生，故C错误；

D.线圈在转动的过程中，、边没有切割磁感线，故D错误。

故选B。

感应电流产生的条件是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。通电导体在磁场中受到力的作用。

此题主要考查的是学生对产生感应电流条件和能量转化的认识和了解，对各条边是否做切割磁感线运动的判断是解决此题的关键。

18.【答案】左  将光屏向后折转一定角度后，观察是否能够看到折射光线 

【解析】解：

当光从空气斜射入水时，折射角小于入射角，保持入射光不动，继续加水，入射点向左移动，会看到亮点向左移动，如图所示：

；

光屏位于同一平面内，可以同时观察到入射光线与折射光线，若光屏与不在一个平面内，看是否能够看到折射光线，将光屏向后折转一定角度后，观察是否能够看到折射光线。

故答案为：左；将光屏向后折转一定角度后，观察是否能够看到折射光线。

光由空气斜射入水中，发生折射现象，折射角小于入射角，当入射角不变时，折射角也不变，根据作图可以知道光斑移动方向；

光的折射规律：光从空气斜射入水或其它介质时，折射光线与入射光线、法线在同一平面内；折射角小于入射角。

此题考查的是我们对光的折射规律探究过程及分析数据得出结论的能力。属于基本技能的考查。难度不大，是一道基础题。

19.【答案】左  右端下沉   

【解析】解：

实验前发现杠杆静止时，左端高、右端低，此时处于平衡状态；杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，则他应将杠杆右端的平衡螺母向左调；

设杠杆的一个小格为，一个钩码重为，小明尝试在、两点下方再加挂个相同的钩码，根据杠杆平衡条件可得：

，所以右端下沉；

杠杆自重：

，

根据杠杆平衡条件可得，

，

解得，。

故答案为：左；右端下沉；。

静止时处于平衡状态；要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，其目的是便于测量力臂；

力和力臂的乘积大的一端下沉；设杠杆的一个小格为，一个钩码重为，根据杠杆平衡条件判断杆杆的偏转；

根据杆杆的平衡条件解答。

本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

20.【答案】  偏大 

【解析】解：

电压表应与小灯泡并联，小灯泡的额定电压为，接入电压表“”接线柱，如图所示：

；

电流表的指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值，其示数为，可知小灯泡额定电流为，则小灯泡额定功率：

；

如图甲，电流表测量的实际是小灯泡与电压表电流之和，大于小灯泡的额定电流，根据公式可知，所测小灯泡的额定功率与真实值相比会偏大。

故答案为：见解答；；偏大。

根据实物图电源电压确定电压表量程，将电压表并联在小灯泡两端；

根据电流表选用量程确定分度值读数；根据可求额定功率；

由图电流表测灯泡和电压表电流之和，由此根据分析即可。

本题测量小灯泡电功率，考查电路的连接、额定功率的计算、误差分析，难度较大。

21.【答案】解：当两物块静止在水平地面上时，对地面的压力为：

，

物块对地面的压强大小为

，

拉力做的功为：

，

拉力的功率为：

。

答：当两物块静止在水平地面上时，物块对地面的压强大小为；

拉力做功功率大小为。 

【解析】当两物块静止在水平地面上时，根据可求对地面的压力，再根据可求物块对地面的压强；

根据可求拉力做的功，再根据可求拉力做功功率大小。

本题主要考查了压力、压强、功和功率的计算，是一道综合题。

22.【答案】解：物体处于漂浮状态，所以，根据阿基米德原理和重力公式有：

，

根据题意可知，

，

木块的密度为：

；

将图乙中看出整体，物体处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理有：

 

可得出，

：：：： 

解得：

：： 

答：木块的密度为；

木块的体积和木块的体积的比值为：。 

【解析】物体处于漂浮状态，所以，根据阿基米德原理和重力公式可求木块的密度；

将图乙中看出整体，物体处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理有，可求木块的体积和木块的体积的比值：。

本题考查了重力、密度公式的应用、漂浮条件、阿基米德原理及变形公式，知识点多，但难度不大，属于中档题。

23.【答案】解：由图乙可知，滑片在最左端时，电路中只有，电流为，由可得电源电压为：

，

滑片在最右端时，电路中与串联，为，电流为，由可得电源电压为：

，

由上面两个方程可得，电源电压，。

由图乙和图甲可知，当滑片移到最右端时，为，电流为，滑动变阻器的电功率为：

，

由图乙知，当电路中的电流为时，滑动变阻器的电功率仍然为，根据可得：

，

解得为或者，所以为。

答：电源电压为，定值电阻的阻值为；

图像中的值为，的值为。 

【解析】由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流。

滑片在最左端时，电路中只有，电流为；滑片在最右端时，电路中与串联，为，电流为，由欧姆定律列出方程可求电源电压和电阻的值；

根据可求图像中的值，根据可求。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出不同电流下滑动变阻器消耗的电功率。