2020年辽宁省朝阳市中考物理模拟试卷(含答案解析)

题号一二三四五六总分得分

一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）

1.下列数据中，最接近实际的是（）

A. 教室内书桌的高度大约1.2m

B. 一个苹果的质量大约为150g

C. 朝阳地区夏季最高气温可以达到50℃

D. 普通电视机的功率大约500W

2.很多古诗词中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是（）

A. “宁知风雨夜，复此对床眠”，雨的形成是汽化现象

B. “相携话别郑原上，共道长途怕雪泥”雪的形成是升华现象

C. “嵩少犹藏薄雾中，前山迤逦夕阳红”，雾的形成是液化现象

D. “千里冰封，万里雪飘”，冰的形成是凝华现象

3.下列有关声现象的叙述正确的是（）

A. 摩托车安装消声器，是在传播途径中控制噪声

B. 能够分辨出不同乐器的声音，主要是因为它们的音调不同

C. 利用B超检查身体，说明声音可以传递能量

D. 手机铃声是通过空气传到人耳的

4.下列简单机械能够省力的是（）

A. 门把手

B. 定滑轮

C. 筷子

D. 钓鱼竿

5.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）

A. 家庭电路中，空气开关“跳闸”，一定是发生了短路故障

B. 使用试电笔时手不能接触笔尾金属体

C. 开关必须要接在用电器和零线之间

D. 家用电器达到使用寿命应及时更换

6.如图所示，闭合开关S，下列说法正确的是（）

A. 如果电源的a端是正极，则通电螺线管的左端是N极

B. 如果电源的a端是正极，则小磁针的B端是S极

C. 如果滑动变阻器的滑片向右移动，通电螺线管的磁性会增强

D. 如果滑动变阻器的滑片向左调节，电流表示数会变小7.教室里有许多与光学有关的知识，下列描述正确的是（）

A. 一体机屏幕上显示的彩色画面，是由红、黄、蓝三种色光混合而成的

B. 学生可以从不同的角度看到黑板上的字，是因为发生了镜面反射

C. 教室内监控摄像头的镜头是凸透镜

D. 遥控器利用紫外线来控制一体机

二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）

8.如图所示，将重为10N的正方体木块放入装满水的烧杯中，静止后木块浸入水

中的体积占总体积的，则下列判断正确的是（）

A. 木块所受的浮力是10N

B. 若要将木块全部浸入水中，需要再施加4N的压力

C. 木块的密度为0.6×103kg/m3

D. 放入木块前后，烧杯底受到水的压强不变

9.如图甲所示电路中，电源电压不变，闭合开关后，滑片P由a端滑到b端，电流表示数Ⅰ与电

压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断正确的是（）

A. 电源电压为9V

B. 电压表示数与电流表示数的比值始终保持不变

C. 滑动变阻器的最大阻值为6欧

D. 电路总功率的变化范围是13.5～4.5W

三、填空题（本大题共10小题，共22.0分）

10.我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较_____（填“大”或

“小”）。冬天用热水袋来暖手，这是通过_____的方式来增加手的内能。

11.如图所示是加油机在空中给战斗机加油的情景。若以加油机为参照

物，战斗机是______（填“静止”或“运动”）的；飞行员是通过

______（填“电磁波”或“声波”）随时与地面指挥人员取得联系。

12.四冲程汽油机在工作过程中，将内能转化为机械能的是______冲

程，如果汽油机的转速表显示3000revs/min，那么该汽油机每秒内

做______次功。给汽车加油时能闻到汽油的味道说明______。

13.如图所示的电路中，电源电压恒为6V，电阻R1=20欧，当闭合开关

S1，断开S2和S3时，电流表示数为0.6A，电阻R2的阻值等于______

欧；当闭合开关S2，断开S1和S3时，电流表示数为______A；当闭

合开关S1和S3，断开S2时，电路的总功率为______W。

14.很多自然现象中都涉及物理知识。其中日食是由______形成的；海

市蜃楼是一种光的______现象。

15.掷实心球是中考体育加试的一个项目，抛出去的实心球从最高点下落的过程中，重力势能越来

越______（填“大”或“小”）；落地后滚动一段距离最终停下来，从力的作用效果分析，说明力可以改变物体的______。

16.渔民驾驶捕鱼船出海打鱼，船底位于海面下3m，该位置受到海水的压强为______Pa；两艘渔船

航行时不能靠得太近，是因为流体中流速大的位置压强______（填“大”或“小”）。（ρ海水=1.03×103kg/m3，g取10N/kg）

17.不懂垃圾分类就不懂什么是新时尚，把垃圾分类回收后，可用于发电，从能源的角度看，电能

属于______（填“一次能源”或“二次能源”）；电动自行车在使用过程中，是将电能主要转化为______能。

18.甲、乙两人同时、同地、同向运动，他们运动的路程s和时间t的关系

如图所示，则甲、乙两人速度之比v甲：v乙=______；5s之后两人相距

______m。

19.2019年4月3日，奔腾T77米粉定制版车型上市。奔腾T77结合全息AI的技术-“小爱同学”，

将传统车载语音助手实现具体化。奔腾T77定制版语音芯片通过对语音命令的识别，将相声、小说、脱口秀、儿童类等多种内容在汽车显示器上按命令进行播放，进一步丰富了车主的娱乐生活。在智能家居方面，奔腾T77定制版可控制小米电视、扫地机、电灯、咖啡机等家用电器。

主人还没进家门，灯光已亮起，咖啡已煮好，家里已准备好等你回来。请根据上述内容，写出三条有关的物理知识。

例如：声音可以传递信息。（此条不可用）

（1）______。

（2）______。

（3）______。

四、计算题（本大题共2小题，共17.0分）

20.一个边长为20cm，质量为20kg的正方体石块静止在水平地面上。工人用如

图所示的滑轮组将石块在10s内匀速提升5m，工人施加的动力F为

125N．求：（不计绳重和摩擦，g取10N/kg）

（1）石块静止在水平地面时，它对地面的压强是多大？

（2）滑轮组对石块做了多少功？

（3）人对滑轮组做功的功率是多少？

（4）该滑轮组的机械效率是多少？21.养生壶的原理如图所示，它有加热和保温两档。当加热到设定温度时，养生壶自动切换为保温

档。（养生壶的部分参数如表所示）

（1）当开关S1闭合，S2______（填“闭合”或“断开”）时，养生壶处于加热状态。

（2）在保温档正常工作时，求电路中的电流是多少？

（3）求R1、R2的阻值。

（4）如果养生壶的效率为70%，那么在标准大气压下要将满壶的水从20℃加热至沸腾，请问需要多少分钟？

壶的容积 1.5L

额定电压220V

加热功率1000W

保温功率44W

五、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

22.如图所示，一个小球在水面保持静止，请画出小球的受力示意图。

23.一个凸透镜的主光轴与水面恰好重合，F为凸透镜的焦点。根据给出的光线作出进入凸透镜的

入射光线和从水面出来的折射光线。

六、实验探究题（本大题共5小题，共27.0分）

24.利用如图甲所示的实验装置探究“冰熔化时温度变化的规律”。

（1）在组装图甲中的实验器材时，需要按照______（填“自上而下”或“自下而上”）的顺序组装。

（2）由图乙可知，冰是______（填“晶体”或“非晶体”）。

（3）B点的内能______（填“大于”、“等于”或“小于”）C点的内能。

（4）当加热至第8min时，试管内的物质处于______（填“固”、“液”或“固液共存”）态。

（5）由图乙可知，在加热相同时间的情况下，AB段温度变化比CD段温度变化大，说明冰的比热容比水的比热容______（填“大”或“小”）。

25.如图所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置。

（1）为了使观察到的实验现象更好一些，该实验最好选择在______

（填“较亮”或“较暗”）的环境中进行。

（2）实验中选择薄玻璃板代替平面镜是为了便于确定______。

（3）实验中将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，然后将未点燃的蜡烛B

放在玻璃板后面并移动，直到蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。此实验现象说明像与物______。

（4）将蜡烛B拿走，然后在蜡烛B的位置上放一张白纸，在白纸上______（填“能”或“不能”）看到蜡烛A的像。说明平面镜所成的像是______（“实”或“虚”）像。

26.小明同学利用实验室中的器材测量盐水的密度。

（1）图甲是小明同学在调节天平平衡时的情景，请你指出他在操作上的错误：______。

（2）用天平测出空烧杯的质量是50g。在烧杯中倒入适量的盐水，用天平测量烧杯与盐水的总质量，天平平衡时砝码和游码示数如图乙所示，则烧杯中盐水的质量是______g。

（3）将烧杯中的盐水全部倒入量筒内，其示数如图丙所示，经计算盐水的密度是______kg/m3．小明用此方法测出的盐水密度比真实值偏______（填“大”或“小”）。

（4）小明想利用弹簧测力计、水和细线来测量石块的密度，并设计了以下实验步骤。

①将石块用细线系在弹簧测力计下，测出石块的重力为G。

②将石块浸没在水中，此时弹簧测力计示数为F。

③石块的密度表达式：ρ石=______（细线质量忽略不计，水的密度用ρ水表示）。

27.在探究“滑动摩擦力大小与压力的关系”实验中，小明选取了如下实验器材：长木板、木块、

砝码、棉布、毛巾、弹簧测力计。

（1）在此实验中，运用的研究方法是______。

（2）开始拉木块时，水平拉力逐渐增大，但木块仍然静止，木块所受的摩擦力______（填“变大”、“变小”或“不变”）

（3）匀速直线拉动木块，弹簧测力计的示数如图甲所示，为______N。

（4）在木块上放上一个砝码，然后匀速直线拉动木块，弹簧测力计示数如图乙所示。通过甲、乙两次实验得出的初步结论是______。

（5）根据所提供的实验器材还可探究下列哪个实验______

A．探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系

B．探究二力平衡的条件

28.东东同学学习了电学知识以后，选用三节新的干电池作为电源，并设计了如下的电学实验。

（1）探究导体中电流与导体电阻的关系。选用的定值电阻的阻止分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。

①按照甲图所示的电路图，把乙实物电路补充完整，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表

示数增大。

②闭合开关后，东东发现电流表没有示数，电压表有示数，电路中出现的故障可能是______。

③东东排除故障后，把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，适当调节滑片的位置，电流表的示数如图丙所示，其示数为______A。

④断开开关S，把5Ω的电阻换成10Ω的电阻，再次闭合开关后，滑片应向______（填“左”或“右”）端移动。

⑤在此实验中，滑动变阻器接入电路的阻值范围是______。

（2）东东同学在电源电压未知，缺少电流表的情况下，设计了如图丁所示的电路图（R0阻值已知），来测量未知电阻R x的阻值。

①闭合S、S1，断开S2，适当调节滑片的位置，电压表示数为U1。

②闭合S、S2，断开S1，滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为U2。

③未知电阻的阻值Rx=______（用字母表示）。

-------- 答案与解析 --------

1.答案：B

解析：解：A、中学生的身高在160cm左右，书桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m 左右。故A不符合实际；

B、三个苹果的质量约500g，一个苹果的质量在150g左右。故B符合实际；

C、朝阳地区夏季最高气温接近40℃，但不会达到50℃．故C不符合实际；

D、普通电视机的工作电流在0.7A左右，其功率在P=UI=220V×0.7A≈150W左右。故D不符合实际。故选：B。

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。

2.答案：C

解析：解：A、雨的形成是水蒸气液化形成；故A错误；

B、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，此过程中放热；故B错误；

C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放热；故C正确；

D、冰的形成是水凝固为固态的冰；故D错误；

故选：C。

物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.答案：D

解析：解：A、摩托车安装消声器是为了在声源处减弱噪声，故A错误；

B、音色与发声体的结构和材料有关，不同的乐器的音色不同，可以根据音色分辨不同乐器，故B

错误；

C、利用B超检查人体疾病就是利用声音能够传递信息的，故C错误；

D、声音可以在空气中传播。我们听得到手机铃声是通过空气传到人耳的。故D正确。

故选：D。

（1）噪声的减弱办法有三个：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。

（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

（3）声音可以传递信息，也可以传递能量；

（4）声音的传播需要介质。

此题考查了声音的传播、声音的特征、及减弱噪声的措施，属于声现象主要规律的考查，难度不大，是一道基础题。

4.答案：A

解析：解：

A、门把手实质是轮轴，动力作用在轮上，属于省力机械；

B、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力也不费力；

C、筷子在使用时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；

D、钓鱼竿在使用时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；

故选：A。

（1）轮轴的使用可以有两种情况：一种是轮带动轴，另一种是轴带动轮，两种的省力情况是不一样的；

（2）滑轮分定滑轮和动滑轮，定滑轮只能改变力的方向，既不省力也不费力，动滑轮可以省力，但不能改变力的方向；

（3）杠杆可以分为三种，省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆。

此题考查了几种简单机械的特点，对于每种机械的使用要建立在它特点的基础上，属于基础知识的考查。

5.答案：D

解析：解：A、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，或用电器总功率过大，电路电流太大造成的。故A错误。

B、使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明接触的是火线。故B错误；

C、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不易发生触电事故。故C错误；

D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。故D正确。

故选：D。

（1）家庭电路电流过大或发生短路，空气开关会跳闸；

（2）使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；

（3）家庭电路中，控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；

（4）保险装置、插座、导线、家用电器等老化后要及时更换，防止发生触电事故。

本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。

6.答案：B

解析：解：

AB、如果电源的a端是正极，电流从左端流入，右端流出，根据安培定则可知，此时通电螺线管的右端是N极，左端是S极，由磁极间的相互作用规律可知，小磁针的B端为S极，故A错误，B正确；

C、如果滑动变阻器的滑片向右移动，连入电路的电阻变大，电流变小，通电螺线管的磁性会减弱，故C错误；

D、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，连入电路的电阻变小，电流变大，即电流表示数会变大，故D错误。

故选：B。

开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化。

该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题。

7.答案：C

解析：解：A、一体机屏幕上显示的彩色画面，是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，而不是红、黄、蓝，故A错误；

B、学生可以从不同的角度看到黑板上的字，是因为发生了漫反射，而不是镜面反射，故B错误；

C、教室内监控摄像头的镜头是利用了凸透镜成倒立缩小实像的原理，故C正确；

D、遥控器是利用红外线来控制一体机的，故D错误。

故选：C。

（1）红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色；

（2）平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射；

（3）摄像头的镜头相当于凸透镜；

（4）遥控器是利用红外线来控制用电器的。

本题主要考查了对校园内我们身边与光现象有关的一些应用，体现了物理与生活实际的联系。

8.答案：ACD

解析：解：（1）因为木块漂浮在水面上，

所以木块受到的浮力F浮=G木=10N，故A正确；

（2）根据F浮=ρ水gV排可知，浸入水中的体积（即排开液体的体积）：

V排===1×10-3m3；

因为V排=V木，所以V木=V排=×1×10-3m3=×10-3m3，

木块全部浸没时受到水的浮力：

F浮′=ρ水gV木=1×103kg/m3×10N/kg××10-3m3≈16.7N；

因为F浮′=G木+F，

所以需施加的压力F=F浮′-G木=16.7N-10N=6.7N，故B错误；

（3）因为木块漂浮在水面上，所以F浮=G木，即ρ水g V=ρ木gV，

则木块的密度：ρ木=ρ水=×1.0×103kg/m3=0.6×103kg/m3，故C正确；

（4）放木块前容器中装满水，放入木块后容器中水仍然是满的，所以水的深度不变，根据p=ρgh可知，放入木块前后，烧杯底受到水的压强不变，故D正确。

故选：ACD。

（1）由题意可知，木块漂浮在水面上，根据漂浮的条件求出木块受到水竖直向上的浮力；

（2）根据阿基米德原理求出排开水的体积即为浸入水中的体积，然后求出物体的体积，利用阿基米德原理求物体受到水的浮力；若使物体全部浸入水中而静止，则F浮′=G木+F，即可求压力；

（3）根据漂浮条件列等式算出木块的密度；

（4）根据p=ρgh判断出放入木块前后，烧杯底受到水的压强的变化。

本题考查了学生对物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的理解与掌握，虽知识点多，但都属于基础内容，难度不大。

9.答案：ABD

解析：解：

A、由电路图可知，当滑片在a端时，电路为定值电阻R的简单电路，此时电路中的电流最大，

由图象可知，电源电压U=9V，电路中的电流I=1.5A，故A正确；

B、电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测量电路中电流，根据I=可知：电压表示数与电流表

示数的比值为定值电阻的阻值，由于定值电阻的阻值不变，所以电压表示数与电流表示数的比值不变，故B正确；

C、当滑片位于b端时，定值电阻与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，

由图象可知，定值电阻两端的电压U最小=3V，电路中的最小电流I最小=0.5A，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器两端的电压：

U滑=U-U最小=9V-3V=6V，

根据I=可得滑动变阻器的最大阻值：

R滑===12Ω，故C错误；

D、最大总功率：P最大=UI最大=9V×1.5A=13.5W，最小总功率：P最小=UI最小=9V×0.5A=4.5W，所以，电路总功率的变化范围是13.5～4.5W，故D正确。

故选：ABD。

（1）由电路图可知，当滑片在a端时，电路为定值电阻R的简单电路，此时电路中的电流最大，电压表的示数就是电源电压，由图乙读出对应的电流和电压；

（2）根据欧姆定律结合定值电阻R的阻值可知电压表示数与电流表示数的比值变化。

（3）当滑片位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图象读出电表示数，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；

（4）由图乙读出最大和最小的电流值；根据P=UI求出总功率的变化范围。

本题结合图象考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是明白滑片移动过程中电路的变化情况，应用图象解决问题，这是以后学习的重点。

10.答案：大热传递

解析：【解答】

（1）我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较大，相同质量的水，在温度变化相同时，其吸收或放出的热量多；

（2）冬天用热水袋来暖手，是能量发生了转移，这是通过热传递的方法来增加手的内能。

故答案为：大；热传递。

解析：

（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

（2）改变物体内能的方式：做功和热传递。

本题考查了水的比热容大的特点和改变物体内能方式的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。

11.答案：静止电磁波

解析：解：

加油机给战斗机加油，以加油机为参照物，战斗机的相对位置没有发生变化，故战斗机是静止的；飞机飞行过程中飞行员是通过电磁波与地面指挥人员取得联系的。

故答案为：静止；电磁波。

（1）看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；

（2）飞机是利用电磁波与地面联系的。

此题考查参照物的判断和电磁波的应用，是一道基础题。

12.答案：做功25 分子不停地做无规则运动

解析：解：

做功冲程中，高温高压的燃气对活塞做功，燃气的内能减小，活塞机械能增加，即将内能转化为机械能；

汽油机完成1个工作循环，完成四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，

3000r/min=50r/s，即每秒飞轮转50圈，完成25个工作循环，对外做功25次。

汽车加油时能闻到汽油的气味，是因为汽油分子不停地做无规则运动，这是扩散现象。

故答案为：做功；25；分子不停地做无规则运动。

（1）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；（2）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，四个冲程为一个工作循环；汽油机完成1个工作循环，飞轮转2转，对外做功1次。

（3）两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象说明分子不停地做无规则运动。

本题主要考查对热机各冲程特点的了解、扩散现象的理解和掌握，属于综合性题目。

13.答案：10 0.2 5.4

解析：解：（1）当闭合开关S1，断开S2和S3时，为R2的简单电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律，R2===10Ω；

（2）当闭合开关S2，断开S1和S3时，两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律，电路的电流为：I′===0.2A；

（3）当闭合开关S1和S3，断开S2时，两电阻并联，由欧姆定律，通过R1的电流为：

I1===0.3A，

根据并联电路各支路互不影响，由并联电路电流的规律，电路的总电流：

I并=I+I1=0.6A+0.3A=0.9A，

电路的总功率为：

P=UI并=6V×0.9A=5.4W。

故答案为：10；0.2；5.4。

（1）当闭合开关S1，断开S2和S3时，为R2的简单电路，由欧姆定律求出R2；

（2）当闭合开关S2，断开S1和S3时，两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律得出电路的电流；（3）当闭合开关S1和S3，断开S2时，两电阻并联，由欧姆定律得出通过R1的电流，根据并联电路

各支路互不影响结合并联电路电流的规律得出电路的总电流，根据P=UI求出电路的总功率。

本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析。

14.答案：光的直线传播折射

解析：解：光是沿直线传播的，日食是由于月球挡住了太阳照向地球的光，所以我们看到太阳是黑色的，也就是日食；

海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的；

故答案为：直线传播；折射。

光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等；

凸透镜成像就是利用光的折射，光折射的实例还有：筷子变折、池水变浅、彩虹、海市蜃楼等等。此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，光的直线传播和光的折射是中考时必考的知识点。15.答案：小运动状态

解析：解：抛出去的实心球从最高点下落的过程中，质量不变高度不断变小，故重力势能越来越小。抛出去的实心球落地后由于惯性继续向前运动，由于受到地面摩擦力的作用，球滚动一段距离最终停下来，这说明力可以改变物体的运动状态。

故答案为：小；运动状态。

①重力势能大小的影响因素是物体的质量和高度，质量越大、高度越高，重力势能越大。

②力可以使物体发生形变，可以改变物体的运动状态，据此分析解答。

该题考查了力的作用效果和重力势能大小变化的判断，都属于基础知识，难度不大。

16.答案：3.09×104小

解析：解：

（1）船底受到海水的压强：

p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×3m=3.09×104Pa；

（2）航行中两艘船不能靠得太近是因为液体流速大的地方压强小，造成了两船内侧水的压强小于外侧水的压强，容易发生碰撞事故。

故答案为：3.09×104；小。

（1）利用p=ρgh求出船底受到水的压强；

（2）流体的压强跟流速有关，流速越大的位置压强越小。

本题考查了液体压强的计算以及流体压强和流速关系的应用，属于基础题目。

17.答案：二次能源机械

解析：解：

（1）电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源；

（2）电动车工作时，消耗电能，得到机械能和内能，即将电能主要转化为机械能。

故答案为：二次能源；机械。

（1）直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源；

（2）电动车工作时，消耗电能，得到机械能。

本题考查及能源的分类和能量的转化，属于基础题。

18.答案：6：1；25解析：【分析】

（1）由图象得出甲乙运动过程中通过的路程与所用时间的对应关系，从而确定甲乙两车的运动状态；根据速度公式求出甲、乙两车的速度之比

（2）分别求得行驶5s时，甲乙两车通过的量程，两者之差即为此时两车的距离。

用图象来直观形象的表示物理量之间的变化规律，已成为中考物理考查的热点。图象信息题着重考查学生对图象的识别能力、分析判断能力以及用数学知识解决物理问题的能力。

【解答】

（1）由图象知，甲乙的运动图象中路程和时间成正比例关系，所以甲乙两车做匀速直线运动；

由图象知，2s内甲的路程为12m，乙的路程为2m，

甲车的速度v甲===6m/s，

乙车的速度v乙===1m/s，

甲、乙两车的速度之比：v甲：v乙=6m/s：1m/s=6：1。

（2）5s之后，甲运动的路程s甲′=v甲t′=6m/s×5s=30m，

乙运动的路程s乙′=v乙t′=1m/s×5s=5m，

因两人同时、同地、同向运动，则此时两人相距△s=s甲′-s乙′=30m-5m=25m。

故答案为：6：1；25。

19.答案：芯片是半导体材料制成的灯光亮起时电能转化为光能扬声器把电信号转化为声信号

解析：解：（1）芯片是半导体材料制成的；

（2）灯光亮起时电能转化为光能；

（3）扬声器把电信号转化为声信号；

（4）显示器上的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光合成的；

（5）语音命令识别是音色不同。

故答案为：（1）芯片是半导体材料制成的；（2）灯光亮起时电能转化为光能；（3）扬声器把电信号转化为声信号。

认真阅读材料，抓住关键字词，确定相应的物理知识。

此题是一道答案开放题，只要根据材料内容确定物理知识，答案都是正确的。

20.答案：解：

（1）提升前，石块静止在水平地面上时对地面的压力：

F压=G=mg=20kg×10N/kg=200N，

石块对地面的压强：

p===5×103Pa；

（2）滑轮组对石块做的功：

W有用=Gh=200N×5m=1000J；

（3）s=2h=2×5m=10m，

人对滑轮组做的总功为：W总=Fs=125N×2×5m=1250J，

P===125W；

（4）滑轮组的机械效率：

η===80%。

答：（1）石块静止在水平地面时，它对地面的压强是5×103Pa；

（2）滑轮组对石块做了1000J的功；

（3）人对滑轮组做功的功率是125W；

（4）该滑轮组的机械效率是80%。

解析：（1）物体静止在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=求出对地面的压强；

（2）根据W=Gh求出滑轮组对石块做的功；

（3）功率是物体在单位时间内做的功：P=；

（4）机械效率是有用功和总功的比值：η=×100%。

此题主要考查了有用功、总功、机械效率及功率的求法，考查得很全面。

21.答案：闭合

解析：解：（1）养生壶处于加热状态时，电路的总功率最大，

由P=UI=可知，电源的电压一定时，电路的总电阻最小，

由电路图可知，当开关S1、S2闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，养生壶处于加热状态；

（2）在保温档正常工作时，由P=UI可得，电路中的电流：

I===0.2A；

（3）养生壶处于加热状态时，电路为R1的简单电路，

则R1的阻值：

R1===48.4Ω，

当开关S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，养生壶处于保温状态，由I=可得，此时电路中的总电阻：

R总===1100Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，R2的阻值：

R2=R总-R1=1100Ω-48.4Ω=1051.6Ω；

（4）满壶水的体积：

V=1.5L=1.5dm3=1.5×10-3m3，

由ρ=可得，水的质量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg，

在标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：

Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃-20℃）=5.04×105J，

由η=×100%可得，消耗的电能：W===7.2×105J，

由P=可得，需要的加热时间：

t′===720s=12min。

答：（1）闭合；

（2）在保温档正常工作时，电路中的电流是0.2A；

（3）R1的阻值为48.4Ω，R2的阻值为1051.6Ω；

（4）如果养生壶的效率为70%，那么在标准大气压下要将满壶的水从20℃加热至沸腾需要12min。（1）养生壶处于加热状态时，电路的总功率最大，由P=UI=可知，电源的电压一定时，电路的总

电阻最小，据此结合电路图判断开关的状态；

（2）在保温档正常工作时，根据P=UI求出电路中的电流；

（3）养生壶处于加热状态时，电路为R1的简单电路，根据P=UI=求出R1的阻值；当开关S1闭合、

S2断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，养生壶处于保温状态，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值；

（4）知道满壶水的体积，根据ρ=求出水的质量，在标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸=cm （t-t0）求出水吸收的热量，利用η=×100%求出消耗的电能，根据P=求出需要的加热时间。

本题考查了电功率公式和欧姆定律、电阻串联、密度公式、吸热公式、效率公式、电功公式的综合应用，判断出养生壶处于不同状态时电路的连接方式是关键，要注意在标准大气压下水的沸点为100℃。

22.答案：解：小球所受浮力的方向是竖直向上的，我们可以从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；重力竖直向下用G标出，作用点在重心上，因为小球漂浮，浮力等于重力，如图所示：

。

解析：小球受到的浮力方向竖直向上，重力竖直向下，作用点在小球的重心上，根据力的示意图的定义即可画出力的示意图。

画力的示意图的方法是：一定点，二画线，再在线上标尖尖。解释：“点”指力的作用点，“尖尖”指力的方向。

23.答案：解：

由图知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，由此画出进入凸透镜的入射光线；

先过F点作法线，光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线，如图所示：解析：由图知，折射光线过焦点，由此根据凸透镜对三条特殊光线作用画出其入射光线；

折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由水中斜射入空气中时，折射光线偏离法线，折射角大于入射角，由此画出从水面出来的折射光线。本题考查凸透镜对光线作用以及根据折射规律作图，关于凸透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②过焦点；③过光心的。每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点。根据两者的对应关系可以告诉入射光线做出折射光线；也可以利用折射光线做出对应的入射光线。

24.答案：自下而上晶体小于固液共存小

解析：解：

（1）组装实验器材时，应按照自下而上，酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；

（2）冰在熔化过程中，吸收热量，但温度不变，所以说冰是晶体；

（3）由图乙可知，随着时间的增长，物体吸热越多，内能越大，故C点时具有的内能大于于B点时的内能；

（4）加热至第8min时，冰处于熔化过程中，为固液共存态；

（5）从图象上来看，AB段比CD段温度升高的要快些，由于该晶体在固态和液态时质量不变，加热方式不变，可知在固态时的比热容小。

故答案为：（1）自下而上；（2）晶体；（3）小于；（4）固液共存；（5）小。

（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；

（2）晶体有确定的熔点和凝固点，非晶体没有确定的熔点和凝固点，晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变；

（3）物体吸热，内能变大；

（4）分析图象发现物质从第4min开始熔化，到第10min熔化结束，熔化之前是固态，熔化过程中是固液共存状态，熔化结束后变成液态；

（5）冰和水的比热容不同，同种情况下，温度变化不同。

此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体和非晶体在熔化过程中的区别。

25.答案：较暗像的位置大小相等不能虚

解析：解：

（1）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮，所以应在比较暗的环境中进行实验。

（2）用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，也便于比较物像的大小关系。

（3）实验时，她在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，将蜡烛B放在玻璃板后并移动，在玻璃板的A侧现察；当B和A的像完全重合时说明像和物的大小相等；

（4）移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板中所成的像重合，移开蜡烛B，用白纸做屏幕放在该位置，直接观察白纸，在白纸上不能看到蜡烛的像，可知平面镜所成的像是虚像。

故答案为：（1）较暗；（2）像的位置；（3）大小相等；（4）不能；虚。

（1）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线。

（2）平面镜不能透光，只能反射光，不能确定出像的位置，玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛；

（3）根据平面镜成虚像的性质分析在哪侧观察；当镜后蜡烛和镜前蜡烛的像完全重合时，确定镜前蜡烛像的位置，便于测量物像到平面镜的距离，同时为了比较物像大小。

（4）平面镜成像时，物像的大小是相等的；平面镜成虚像，虚像不能用光屏接到，实像能用光屏接到，用光屏呈接来辨别是实像还是虚像。

本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。

26.答案：调平时游码未归零21 1.05×103大

解析：解：（1）天平调节平衡时需首先将游码调至零刻度线处，再将螺母向天平上翘的一端移动直到天平平衡，由图可以看出在调节天平平衡时，天平游码没有归零；

（2）由图乙可以看出烧杯和盐水总质量m总=50g+20g+1g=71g，

所以盐水的质量，m=71g-50g=21g；

（3）由图丙读出盐水的体积V=20mL=20cm3，

盐水的密度ρ===1.05g/cm3=1.05×103kg/m3，

因为将烧杯中的盐水全部倒入量筒中时，烧杯内壁会残留一部分盐水，所以测得的盐水体积偏小，

根据ρ=可知，质量一定，测得的盐水密度与真实值相比偏大；

（4）石块浸没在水中，石块排开水的体积等于石块的体积，即V排=V，

石块受到的浮力F浮=G-F=ρ水gV排=ρ水gV石，

可得石块的体积V石=，石块的质量m=，

则石块的密度ρ石==；

故答案为：（1）调平时游码未归零；（2）21；（3）1.05×103；大；（4）。

（1）天平调节平衡时需首先将游码调至零刻度线处，再将螺母向天平上翘的一端移动直到天平平衡；（2）天平读数是砝码和游码之和，

（3）利用密度公式计算盐水密度，盐水倒入量筒时烧杯壁有残留，使所测质量偏小，据此分析；（4）利用阿基米德原理计算出石块体积，再利用密度公式计算即可；

本题考查物质密度测量的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

27.答案：控制变量法变大 2 在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 A

解析：解：（1）滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，要探究“滑动摩擦力的大小与压力大小是否有关，应控制接触面的粗糙程度和接触面积大小相同，只改变压力大小，要探究“滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关”时，应控制压力大小相同，改变接触面的粗糙程度，这用到了控制变量法；

（2）物体处于静止状态受平衡力的作用，即摩擦力等于拉力，当拉力逐渐增大时，摩擦力也增大；（3）图中弹簧测力计的分度值为0.5N，示数为2N；

（4）在木块上放上一个砝码，压力增大，弹簧测力计的示数增大，摩擦力也增大，所以可以得出：然后匀速直线拉动木块，弹簧测力计示数如图乙所示。通过甲、乙两次实验得出的初步结论是在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；

（5）实验中提供的器材有长木板、棉布、毛巾三种不同接触面材料，所以还可以完成“探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系”的探究，故A符合题意。

故选：A。

故答案为：（1）控制变量法；（2）变大；（3）2；（4）在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（5）A。

（1）滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，可以应用控制变量法解答；

（2）物体处于静止状态受平衡力的作用，根据拉力的变化判断出摩擦力的变化；

（3）根据弹簧测力计的分度值得出弹簧测力计的示数；

（4）滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法解答；

（5）根据提供的器材分析解答。

本题探究“滑动摩擦力大小与压力的有关”，考查控制变量法的运用及根据数据归纳结论的能力，以及弹簧测力计的读数。

28.答案：电阻断路（或电流表短路）0.4 右 6.25Ω-25Ω R0

解析：解：（1）①滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

②闭合开关后，东东发现电流表没有示数，电压表有示数，电路中出现的故障可能是电阻断路（或电流表短路）；

③东东排除故障后，把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，适当调节滑片的位置，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.2A；

④根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动；⑤当电阻5Ω的电阻接入电路，最大电流为0.4A，由串联电阻的规律和欧姆定律，变阻器连入电路

的最小电阻为：R滑小=-R1=-5Ω=6.25Ω；

根据串联电路的规律及分压强原理：

有=，即=，故R滑大=25Ω；

在此实验中，滑动变阻器接入电路的阻值范围是6.25Ω---25Ω；

（2）东东同学在电源电压未知，缺少电流表的情况下，设计了如图丁所示的电路图（R0阻值已知），来测量未知电阻R x的阻值。

①闭合S、S1，断开S2，适当调节滑片的位置，电压表示数为U1。

②闭合S、S2，断开S1，滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为U2。

③在①中，电压表测待测电阻和定值电阻的总电压，

在②中，电压表定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：U1-U2．，

由分压原理有：

=，

未知电阻的阻值：

R x=R0。

故答案为：（1）①如上所示；

②电阻断路（或电流表短路）；

③0.4；

（4）右；

⑤6.25Ω-25Ω；

（2）R0。

（1）①根据滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大确定变阻器左下接线柱连入电路中；

②若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了（也可能电流表短路）；

③根据电流表选用小量程确定分度值读数；

④根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；

⑤当电阻5Ω的电阻接入电路，最大电流为0.4A，由串联电阻的规律和欧姆定律求出变阻器连入电路的最小电阻；

根据串联电路的规律及分压强原理=，得出滑动变阻器接入电路的最大阻值；

（2）分析开关转换时电路的连接及电压表测量的电压，由串联电路的规律及分压原理求出测电阻。本题研究电流与导体电阻的关系，考查电路连接、故障分析、电流表读数、操作过程和控制变量法及设计方案测电阻的能力。