【解析版】上海市徐汇区2013年中考物理二模试卷

故选B．

故选B．

故选B．

故选A．

u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．

2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．

u＜f，成正立、放大的虚像．

∵2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，

∴2f＞15cm＞f，

∴7.5＜f＜15cm．

故选B．

（2）根据运动5秒，甲、乙间的距离小于10米选出正确答案．

对应同一时间t（如t=5s）a、b、d的路程关系为15m、7.5m、2.5m；由速度公v=可知，va＞vb＞vd；

（2）由s﹣t图象知，t=5s时，Sa﹣Sb=7.5m＜10m，Sa﹣Sd=12.5m＞10m，Sb﹣Sd=4.5m＜10m；

因此甲的图象可能是图线a、b；乙图象可能是图线b，也可能是图线d．

故选D．

当开关都闭合时，电路为R1的基本电路，R2被短路，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端电压或电源的电压．

因此电压表V2为零，电压表V1和电流表示数均变大，则电压表V1示数与电压表V2示数的比值没有意义；电压表V1示数与电流表A示数的乘积变大；故ABC错误，D正确．

故选D．

B、地面受到的压强：P2==（ρ甲+ρ乙）vg；乙受到的压强：P2′==ρ甲vg，当（ρ甲+ρ乙）=ρ甲时，上面砖块对下面砖块的压强与下面砖块对地面的压强相等；由于ρ甲＜ρ乙，所以（ρ甲+ρ乙）与ρ甲可能相等，故B可能．

C、地面受到的压强：P3==（ρ甲+ρ乙）vg；乙受到的压强：P3′==ρ乙vg，当（ρ甲+ρ乙）=ρ乙时，上面砖块对下面砖块的压强与下面砖块对地面的压强相等；由于ρ甲＜ρ乙，所以（ρ甲+ρ乙）＜ρ乙，故C不可能．

D、地面受到的压强：P4==（ρ甲+ρ乙）vg；乙受到的压强：P4′==ρ乙vg，由于ρ甲+ρ乙＞ρ乙时，所以上面砖块对下面砖块的压强与下面砖块对地面的压强不相等；故D不可能．

故选B．

（2）微波实际上是一种电磁波．

（2）现代卫星通信所使用的微波是一种波长较小的电磁波，也叫无线电波．

故答案为：恒星；卫星；电磁波．

②声音传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播，真空不能传声；

③声音的强弱叫响度，响度与发声体的振幅有关：振幅越大，响度越大；响度还与距离发声体的远近有关．

若加大敲击鱼缸壁的力度，这时可以改变声音的响度．

故答案为：振动；水；响度．

②重力势能的影响因素：物体的质量、物体的高度有关．质量越大，高度越高，重力势能越大．

③改变物体内能的方法有两个：做功和热传递都能改变物体的内能．

流星坠落到地面，质量减小，高度减小，重力势能减小；

陨石下落过程与大气剧烈摩擦导致温度升高，这是通过克服摩擦做功的方法改变其内能的．

故答案为：运动；变小；做功．

（2）拉力做的功等于拉力和绳子自由端移动距离的乘积；

（3）功率等于功和时间的比值．

因此当拉力为20牛时，物体A的重力G=2F=2×20N=40N．

（2）若10秒内B端向上移动2米，则拉力做功W=FS=20N×2m=40J，

功率P===4W．

故答案为：40；40；4．

（2）重力减去浮力等于物体所受合力．

合力为F合=G﹣F浮=20N﹣9.8N=10.2N．

故答案为：9.8；竖直向上；10.2．

电流所做的功W=UIt=6V×0.6A×5s=18J； 

由欧姆定律可得：

R===10Ω；

因导体的电阻为导体本身的性质和导体两端的电压无关，故当电压为0时，电阻仍为10Ω；

故答案为：0.6；18；10．

②若电压表V2有示数，则故障可能为灯泡短路或R断路．

故答案为：①电流表和电压表V2；②短路．

（2）从图（b）（c）可以看出，电路中的电流不同，电阻的大小相同，所以得到产生热量与电流大小的关系．

①分析比较图中（a）与（b）可得出的初步结论是：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多．

②分析比较图中（b）与（c）可得出的初步结论是：在电阻和通电时间一定时，电流越大，产生的热量越多．

故答案为：

①在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；②在电阻和通电时间一定时，电流越大，产生的热量越多．

=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×10℃

=2.1×105J

答：水吸收的热量是2.1×105J．

由杠杆平衡条件可知：

F1L1=F2L2，

∴L2===0.2m．

答：杠杆平衡时的阻力臂是0.2m．

（2）已知水的密度和深度，利用公式p=ρgh得到水对容器底的压强；

（3）水对容器底压强的增加量是物体放入水中后，上升的水的深度产生的压强；容器对地面压强的增加量是物体重力对地面的压强，已知物体浸入水中前后容器对地面压强的增加量和水对容器底压强增加量的倍数关系，可以得到物体的密度．

求：①m水=？②p水=？③ρ=？

解：

①∵ρ=

∴水的质量为m水=ρ水•V水=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg； 

②水对容器底的压强为p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1.96×103Pa；

③设物体的质量为m，容器的底面积为S，

则容器对地面压强的增加量：

△p地===，

水对容器底部压强的增加量：

△p水=ρ水△hg=ρ水g，

由题知，△p地=3△p水，

即：=3ρ水g，

∴物体的密度：

ρ=3ρ水=3.0×103kg/m3．

答：①容器内水的质量为2kg；

②水对容器底的压强为1.96×103Pa；

③能够得到物块的密度，为3.0×103kg/m3．

（1）根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电阻R1两端的电压；

（2）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据P=UI求出电阻R2消耗的电功率；

（3）先根据欧姆定律求出R2的阻值，由题意可知两电压表的量程均为0～15V，分别用滑动变阻器替换值电阻R1或R2，当定值电阻两端的电压为15V时电路中的电流最大，当滑动变阻器两端的电压为15V时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路的特点和欧姆定律分别求出电路中的最大电流和最小电流以及滑动变阻器接入电路的最大电阻，确定滑动变阻器的规格和替换的定值电阻，并进一步得出电路中电流的最大变化量．

①∵串联电路各处的电流相等，

∴根据欧姆定律可得，电阻R1两端的电压：

U1=IR1=0.45A×12Ω=5.4V； 

②∵串联电路中总电压等于各分电压之和，

∴R2两端的电压：

U2=U﹣U1=18V﹣5.4V=12.6V，

电阻R2消耗的电功率：

P2=U2I=12.6V×0.45A=5.67W；

③R2的阻值为：

R2===28Ω，

由题意可知两电压表的量程均为0～15V，

若用滑动变阻器替换定值电阻R1时，当电压表V2的示数U2max=15V时电路中的电流最大，

电路中的最大电流：

Imax==≈0.54A，

当电压表V1的示数U1max=15V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，

此时R2两端的电压：

U2′=U﹣U1max=18V﹣15V=3V，

电路中的最小电流：

Imin==≈0.12A，

电路中电流的最大变化量：

△I=Imax﹣Imin=0.54A﹣0.12A=0.42A，

滑动变阻器接入电路的电阻：

R滑===125Ω；

若用滑动变阻器替换定值电阻R2时，当电压表V1的示数U1max=15V时电路中的电流最大，

电路中的最大电流：

Imax′===1.25A，

当电压表V2的示数U2max=15V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，

此时R1两端的电压：

U1″=U﹣U2max=18V﹣15V=3V，

电路中的最小电流：

Imin′===0.25A，

电路中电流的最大变化量：

△I′=Imax′﹣Imin′=1.25A﹣0.25A=1A，

滑动变阻器接入电路的电阻：

R滑===60Ω；

综上分析可知，要使电路中电流的变化量最大，应用选用B滑动变阻器（A滑动变阻器的最大阻值太小，C滑动变阻器允许通过的最大电流太小）替换定值电阻R2，电路中电流的最大变化量为1A．

答：①电阻R1两端的电压为5.4V；

②电阻R2消耗的电功率为5.67W；

③第一，B；R2；

第二，电路中电流的最大变化量为1A．

（2）探究二力平衡的条件，首先要使受力物体处于平衡状态，由此可以确定物体所处的状态．

（3）电流表内部电阻值很小，相当于导线，使用时应该串联在电路中测量电路电流．电流表读数时，首先确定它使用的量程和分度值，示数为指针偏转的大格示数与小格示数的和．

（2）要探究二力平衡的条件，首先要使在这两个力作用下的物体处于平衡状态，而平衡状态包括：静止状态和匀速直线运动状态．

（3）电流表是测量电路中电流的仪表，使用时应串联在电路中．图中电流表的使用量程应是0～0.6A，分度值是0.02A，读数为0.24A；

故答案为：质量；静止；串联；0.24．

u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．

2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．

u＜f，成正立、放大的虚像．

凸透镜焦距 f=15cm

（2）根据供选择灯泡的额定电压的最小值，确定电源电压的最小值；灯泡和滑动变阻器串联在电路中，供选择灯泡的额定电压的最大值、额定电流、滑动变阻器的最大电阻值的一半，确定电源电压的最大值；从而确定电源电压的可能值，电源电压可能是3V（2节干电池）、4.5V（3节干电池）、6V（4节干电池）、7.5V（5节干电池）．

（3）灯泡和滑动变阻器串联的电路中，电路中的电流是灯泡的额定电流，当滑动变阻器大约接入一半时，灯泡正常发光，根据灯泡的额定电流、滑动变阻器的一半电阻，可以计算滑动变阻器两端的电压，根据电源电压的可能指求出灯泡两端电压的可能值，从而求出使用的灯泡、滑动变阻器的规格，最后根据额定的额定电流和额定电压计算额定功率．

②（1）实验室内可供选择的灯泡的额定电压最小值为2.2V，所以电源电压的最小值要稍大于2.2V．

（2）实验室内可供选择灯泡的额定电压最大值为3.8V，灯泡的额定电流都是0.3A，滑动变阻器和灯泡串联，滑动变阻器接入大约一半时灯泡正常发光，滑动变阻器接入的最大电阻是×25Ω=12.5Ω，滑动变阻器两端的最大电压是：U'=I'R'=0.3A×12.5Ω=3.75V，所以电源电压的最大值为：U=U灯+U'=3.8V+3.75V=7.55V．

（3）电源电压值在2.2V～7.55V之间，实验用干电池来供电，所以电源电压可能是3V（2节干电池）、4.5V（3节干电池）、6V（4节干电池）、7.5V（5节干电池）．

小灯正常发光时，灯泡的额定电流是0.3A，滑动变阻器的滑片大约在中点，因为滑动变阻器有两种规格，此时滑动变阻器接入的电阻值可能是：×10Ω=5Ω，也可能是：×25Ω=12.5Ω，

（4）当滑动变阻器接入的电阻值是5Ω时，滑动变阻器两端的电压是0.3A×5Ω=1.5V，

则灯泡额定电压可能是：3V﹣1.5V=1.5V；4.5V﹣1.5V=3V；6V﹣1.5V=4.5V；7.5V﹣1.5V=6V，都不符合题意．

（5）当滑动变阻器接入的电阻值是12.5Ω时，滑动变阻器两端的电压是0.3A×12.5Ω=3.75V，

则灯泡额定电压可能是：3V﹣3.75V=﹣0.75V；4.5V﹣3.75V=0.75V；6V﹣3.75V=2.25V；7.5V﹣3.75V=3.75V，可以判断灯泡可以选择额定电压为2.2V，此时电源电压是6V；或灯泡的额定电压是3.8V，此时电源电压是7.5V．

（6）根据上面的判断实验选择滑动变阻器的规格是、“25Ω 2A”；灯泡的额定电压可能是2.2V或3.8V，灯泡的额定电流是0.3A，

所以灯泡的额定功率为P=UI=2.2V×0.3A=0.66W，或P=UI=3.8V×0.3A=1.44W．

故答案为：①如上图；②2.2或3.8、“25Ω 2A”、0.66或1.14．

然后根据滑动变阻器阻值的一半和灯泡的额定电流，确定滑动变阻器的电压，由电源电压的可能值，根据串联电路电压特点，求出灯泡的额定电压值，从而确定选择的灯泡、选择的滑动变阻器、电源电压．

②比较实验序号1与4或2与5或3与6的数据是压力相同，研究拉力与接触面的粗糙程度；

③分析表三实验结论，接触面积、粗糙程度和压力都相同，但拉力与水平面的夹角不同，拉力也随之变化，根据数据即可分析；

④根据控制变量法可判断拉力最小时的角度α可能与水平面的粗糙程度有关时应控制不变的物理量是接触面积、粗糙程度和压力，由此可设计实验步骤．

②比较实验序号1与4或2与5或3与6的数据可知：压力相同，物体在不同的表面上运动，则接触面的粗糙程度不同；所以可得出的初步结论是：在水平面上，沿水平方向匀速拉动物体，接触面越粗糙，拉力越大；

③分析表三实验结论，接触面积、粗糙程度和压力都相同，但拉力与水平面的夹角增大时，拉力先减小后增大，由此分析可得：在接触面积、粗糙程度和压力都相同，沿水平方向匀速拉动物体，当拉力与水平面的夹角增大时，拉力先减小后增大；

根据上面结论可判断：拉力与水平面的夹角最小为30度时，拉力为最小；所以为了找到这一角度，还应该在夹角α为20～40度的范围内进一步探究．

④根据控制变量法可知：应控制接触面积和压力不变，观察角度α为30度时，拉力在粗糙程度不同的水平面上匀速运动，拉力是否为最小，所以实验步骤为：

1、将质量相同的物块放置在粗糙程度不同的水平面上，

2、用力沿水平方向匀速拉动物块，

3、记录数据．

所以正确的步骤：B、D、F．

故答案为：①压力越大，拉力也越大；

②在水平面上，沿水平方向匀速拉动物体，接触面越粗糙，拉力越大；

③在接触面积、粗糙程度和压力都相同，沿水平方向匀速拉动物体，当拉力与水平面的夹角增大时，拉力先减小后增大；20～40；

④B、D、F．

（2）物体匀速直线运动时，拉力大小的影响因素与粗糙程度和压力有关．