2018年吉林省中考物理试卷(解析版)

一、单项选择题（每题2分，共12分

1．（2分）下列表述中，符合生活实际的是（　　）

A．我们用的物理课本长为5dm    B．洗澡水的温度为85℃

C．成人步行速度一般为1.1m/s    D．家庭电路电压为36V

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】解：A、我们用的物理课本长为26cm=2.6dm，故A不符合实际；

B、人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，不可能达到85℃，故B不符合实际；

C、成人步行速度一般为1.1m/s，故C符合实际；

D、家庭电路电压为220V，故D不符合实际。

故选：C。

【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

2．（2分）小明在岸上看见鱼在水中游玩，看到的“鱼”是（　　）

A．光的反射形成的实像    B．光的反射形成的虚像

C．光的折射形成的实像    D．光的折射形成的虚像

【分析】光的折射：光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时，光线的传播方向会发生改变，折射时形成的像是虚像。

【解答】解：看到水中的鱼是由于光线从水中通过空气进入人的眼睛的，因此是光的折射现象形成的，并且像为虚像，故ABC错误，D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了光的折射，是一道考查学生学以致用能力的好题。

3．（2分）下列现象中属于增大摩擦力的是（　　）

A．轴承中加入润滑油    B．行李箱安装滚动轮子

C．运动鞋底刻有花纹    D．磁悬浮列车悬浮行驶

【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。

【解答】解：A、轴承中加入润滑油，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故A不合题意；

B、行李箱安装滚动轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦。故B不合题意；

C、运动鞋底刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C符合题意；

D、磁悬浮列车悬浮行驶，是通过使接触面脱离来减小摩擦。故D不合题意。

故选：C。

【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

4．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑片P向右移动时（　　）

A．电压表的示数不变，总功率变小

B．电流表的示数变大，总功率变大

C．电压表的示数变大，灯的亮度变暗

D．电流表的示数变小，灯的亮度变暗

【分析】（1）灯与变阻器串联，电压表测电源电压，确定电压表示数变化；

电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动，分析变阻器接入电路中的电阻变化，根据串联电阻的规律确定总电阻变化，由欧姆定律判断电路电流变化；

（2）根据P=I2R，分析灯的功率变化确定灯的亮度变化；

根据P=UI确定总功率变化。

【解答】解：（1）灯与变阻器串联，电压表测电源电压，故示数不变，C错误；

电流表测电路中的电流，当滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电阻的规律，总电阻变小，由欧姆定律，电路电流变大，即电流表示数变大，

（2）根据P=I2R，灯的功率变大，灯变亮，D错误；

根据P=UI，总功率变大，A错误，B正确。

故选：B。

【点评】本题考查串联电路规律及欧姆定律和电功率公式的运用。

5．（2分）汽车在平直公路上匀速行驶时，下列属于平衡力的是（　　）

A．汽车受到的牵引力和阻力

B．汽车受到的支持力和地面受到的压力

C．汽车受到的牵引力和重力

D．汽车受到的牵引力和地面受到的压力

【分析】（1）一对相互作用力的条件是：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在不同一个物体上；

（2）要判断是否为平衡力，首先对物体进行受力分析，然后根据二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上。

【解答】解：A、汽车在水平路面上匀速直线行驶时，受到的牵引力和阻力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上，是一对平衡力，故A正确；

B、汽车受到的支持力和地面受到的压力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在不同一个物体上，是一对相互作用力，故B错误；

C、汽车受到的牵引力和重力，不作用在同一直线上，不是平衡力，故C错误；

D、汽车受到的牵引力和地面受到的压力，没有作用在同一直线上，也没有作用在同一物体上，故不是平衡力，故D错误。

故选：A。

【点评】本题目主要考查了平衡力、相互作用力的判断，看学生能否跟二力平衡的条件来识别平衡力。

6．（2分）下列设备中与发电机工作原理相同的是（　　）

A．电磁铁    B．电动机    C．电铃    D．动圈式话筒

【分析】首先明确发电机的工作原理﹣﹣电磁感应现象，然后通过对选择项中的装置进行分析，得到其体现的物理理论，然后两者对应即可得到答案。

【解答】解：发电机是根据电磁感应现象制成的；

A、电磁铁是利用电流的磁效应工作的；故A不符合题意；

B、电动机是利用通电导体在磁场中受力而转动的原理，故B不符合题意；

B、电铃内部有一个电磁铁，即其是利用电流的磁效应制成的，故C不符合题意；

D、人对着话筒说话时，膜片带动线圈在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，这是一种电磁感应现象。故D符合题意。

故选：D。

【点评】掌握发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理；带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力运动原理；带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。

二、填空题

7．（2分）小明正在家里学习，窗外传来吉他声，他关上窗户，这是在　传播过程中　控制噪声；吉他声是由琴弦的　振动　产生的。

【分析】减弱噪声的途径包括在声源处、在传播中、在人耳处。

声音是由物体的振动产生的。

【解答】解：小明正在家里学习，窗外传来吉他声，他关上窗户，这是在传播过程中减弱噪声；

声音是由物体的振动产生的，吉他声是由琴弦的振动产生的。

故答案为：传播过程中；振动。

【点评】本题考查了防治噪声的途径、声音的产生等，属声学基础题，难度不大。

8．（2分）大型载重平板车部装有很多车轮，这是通过增大　受力面积　的方式减小对路面的　压强　，以免损坏路面。

【分析】减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。

【解答】解：大型载重平板车部装有很多车轮，这是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。

故答案为：受力面积；压强。

【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。

9．（2分）我国自主研制的国产大飞机C919，于2017年5月5日首飞成功。客机在飞行时，机翼上方空气流速较快，压强　小　，因此获得向上的升力；机上人员用吸管喝饮利时，饮料在　大气压　的作用下被吸入口中。

【分析】流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；

用吸管吸饮料是利用大气压的作用。

【解答】解：客机在飞行时，机翼上方的流速就大于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的力，因此飞机可以飞起来了；

用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；

故答案为：小；大气压。

【点评】该题考查流体压强与流速的关系、大气压强的有关知识，难度不大，属于基础知识。

10．（2分）把洗完的衣服展开晾在阳光下，并且挂在　通风　处，这是为了加快水份的　蒸发　。

【分析】影响蒸发快慢的因素有：液体的表面积、液体的温度、液体表面空气流动速度，据此回答。

【解答】解：

要使湿衣服干得快些，可以将衣服展开是通过增大衣服（水）的表面积来加快水的蒸发；

把衣服晾在阳光下是通过提高衣服（水）的温度来加快水的蒸发；

把衣服放在通风的地方是通过加快衣服（水）表面的空气流动来加快蒸发。

故答案为：通风；蒸发。

【点评】本题主要考查学生对影响蒸发快慢的因素的了解和掌握，是一道基础题。

11．（2分）我们通过电探观看世界杯足球赛，电视信号是通过　电磁波　传递过来的；比赛时，足球在下落过程中，重力势能转化为　动能　。（空气阻力忽略不计）

【分析】现在使用最广泛的信息传递是通过电磁波传递的；动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大，在能量转化中是减小的能转化为增大的能。

【解答】解：电视台是通过卫星来实现全球同步直播的，卫星是通过电磁波来传递信息的，故电视信号是通过电磁波传递过来的；

若不计空气阻力，足球在下落过程中，高度减小，重力势能减小；速度增大，动能增大，因此由重力势能转化动能。

故答案为：电磁波；动能。

【点评】本题考查了电磁波的应用、以及动能势能的转化的掌握，是一道基础题。

12．（2分）十九大报告中提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境。光伏发电站的推广实现了将　太阳能　转化为电能，这种绿色能源具有　清洁无污染　的优点。

【分析】目前人类利用太阳能主要有两种方式：将太阳能转化为内能，将太阳能转化为电能；太阳能属于可再生能源，具有清洁无污染、环保、节能、取之不尽，用之不竭等特点。

【解答】解：利用光伏发电时，将太阳能转化为电能，实现了太阳能到电能的转化；

太阳能发电具有清洁无污染（或环保；节能；取之不尽，用之不竭）等优点。

故答案为：太阳能；清洁无污染。

【点评】此题考查了太阳能的应用，是一道联系实际的应用题，难度较小，容易解答。

13．（2分）测力计是测量　力　（选填“质量”或”力”）的大小的仪器；在图中，弹簧测力计的读数是　4.4　N。

【分析】弹簧测力计是测量力的工具；

弹簧测力计读数时首先认清分度值，然后根据指针位置读数。

【解答】解：

弹簧测力计是测量力的大小的仪器；

由图知，弹簧测力计的分度值是0.2N，指针在4N以下两格处，则测力计的示数为4.4N。

故答案为：力；4.4。

【点评】此题考查的是弹簧测力计的作用和读数，弹簧测力计是力学实验中经常用到的工具，需要掌握其正确使用方法。

14．（2分）2018年2月22日，在平昌冬奥会上，我国速滑选手以39.584s的成绩夺得了500m速滑冠军，他的平均速度约为　12.63　m/s（结果保留两位小数）。他到达终点时不能立即停下来，是由于具有　惯性　。

【分析】（1）知道路程和时间，结合公式v=就可以计算出速度；

（2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体在任何情况下都具有惯性。

【解答】解：（1）速滑的路程s=500m，所用时间t=39.584s，

因此在整个比赛过程中的平均速度v==≈12.63m/s；

（2）滑到终点不能立即停下来，是因为由于惯性，人会继续保持向前的运动状态。

故答案为：12.63；惯性。

【点评】本题结合体育比赛考查相关的物理知识，是现在中考试题考查的热点，考查了学生理论联系实际，知识应用于实践的能力。

15．（3分）一只标有”8V 0.4A”的小灯泡，接在电源电压为12V的电路中，为使其正常发光，应串联一个　10　Ω的电阻；该电阻通电10s所产生的热量是　16　J。

【分析】根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点得到电路中的电流，利用欧姆定律求出串联电阻的阻值，根据焦耳定律求出串联电阻产生的热量。

【解答】解：根据串联电路中总电压等于各分电压之和，则串联电阻R两端电压：

UR=U﹣UL=12V﹣8V=4V，

因串联电路中各处的电流相等，所以灯泡正常工作时电路中的电流：

I=0.4A，

由I=可得，串联电阻R的阻值：

R===10Ω；

此时该电阻通电10s产生的热量为：

QR=I2Rt=（0.4A）2×10Ω×10s=16J。

故答案为：10；16。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等、正常发光时的电流和额定电流相等。

三、计算题（每题5分，共10分

16．（5分）如图所示电路中，电阻R1的阻值是20Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A的示数为0.5A，求：

（1）电源电压；

（2）电阻R2的电功率。

【分析】由电路图知：两电阻并联，电流表A测干路电流，电流表A1测电阻R1所在支路电流；

（1）由欧姆定律求出电源电压；

（2）由欧姆定律和并联电路特点求出流过电阻R2的电流；由P=UI可求电阻R2的功率。

【解答】解：

（1）由I=可得，电源电压：

U=U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V；

（2）因为并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知：

所以通过电阻R2的电流：

I2=I﹣I1=0.5A﹣0.3A=0.2A；

电阻R2的功率：P 2=U 2I 2=6V×0.2A=1.2W。

答：（1）电源电压是6V。

（2）电阻R2的功率是1.2W。

【点评】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用和功率的计算；明确各电路元件的连接方式、灵活应用并联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键

17．（5分）如图所示，用400N的拉力F，将重为900N的木箱匀速提升1m，求：

（1）拉力所做的功；

（2）该滑轮组的机械效率。

【分析】（1）首先确定滑轮组绳子的有效股数n，然后根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，再根据W=Fs求出拉力所做的功；

（2）对物体所做功为有用功，可根据W=Gh求出；利用η=求出机械效率。

【解答】解：

（1）由图可知，n=3，

则绳子自由端移动的距离s=3h=3×1m=3m，

拉力F做的总功为：

W总=Fs=400N×3m=1200J；

（2）对滑轮组做的有用功为：

W有用=Gh=900N×1m=900J，

滑轮组的机械效率为：

η=×100%=×100%=75%。

答：（1）拉力的功率是60W；

（2）滑轮组的机械效率是75%。

【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，关键是公式的熟练运用和滑轮组绳子的有效股数的确定，难度不大。

四、简答题（每题2分，共6分

18．（2分）作为文明公民，不应该在公共场所吃有气味的食品。请说明其中的道理。

【分析】不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象说明了分子在永不停息的做无规则运动。

【解答】答：

因为组成物质的分子在永不停息的做无规则运动，因此在公共场所吃有气味的食品，食品的气味分子会运动到空气中，影响到周围的人，所以文明公民，不应该在公共场所吃有气味的食品。

【点评】本题考查了扩散现象的应用，属于基础题目。

19．（2分）我们感觉手冷时，通常采用搓手的方式使手变暖。请解释这样做的理由。

【分析】做功可以改变物体的内能，是能量的转化过程，将机械能转化为内能。

【解答】答：搓手时，两只手相互摩擦做功，将机械能转化为内能，从而使手的内能增加、温度升高，使手变暖。

【点评】了解做功与物体内能的改变，可直接做出解答，难度不大。

20．（2分）夏季，从冰箱中拿出的罐装饮料，过一会儿外壁会出现水珠。请说明产生这种现象的原因。

【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

【解答】答：

夏季，从冰箱中拿出的罐装饮料，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠附着在饮料罐表面，使外壁会出现水珠。

【点评】本题考查的是我们对于生活中物态变化的判断，以及物态变化伴随的吸放热情况，是一道基础题。

五、作图、实验与探究题（第21题每小题2分、第22-26题每空1分，共24分）

21．（2分）请在图中画出潜水艇所受浮力的示意图。

【分析】潜水艇受到的浮力的方向竖直向上，浮力的大小大于重力的大小，作用点在潜水艇的重心上。

【解答】解：过潜水艇的重心，沿竖直向上画一条有向线段，用F表示，如图所示：

【点评】本题考查了浮力示意图的画法。做力的示意图时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来。

22．（2分）请在图中正确连接电路图。

【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡，然后接零线。

两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线。

【解答】解：

灯泡接法：开关与火线连接，再进入灯泡，然后接零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。

两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线。如图所示：

【点评】家庭电路有时还考查电灯开关的连接，对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”。

23．（2分）请在图中画出物体AB经平面镜所成的像A′B′，并保留作图痕迹。

【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。

【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图：

【点评】在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。

24．（2分）在测量液体密度的实验中：

（1）小明将天平放在水平桌面上，在调节天平横梁平衡前，应先将游码移到标尺左端的　零刻线　处；

（2）如图是小明测量液体密度实验的正确操作过程，则该液体的体积为　30　cm3，密度为　0.8　g/cm3．（1mL=1cm3）

【分析】（1）使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡；

（2）被测液体质量等于液体和烧杯的总质量与烧杯与剩余液体质量之差。读取量筒中液体体积时视线要与液面最凹处所对刻线相平；已知液体质量和体积，两者之比是液体的密度。

【解答】解：（1）使用天平测量物体的质量前，要将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处，调节平衡螺母使天平平衡；

（2）由图知，烧杯和液体的总质量为50g+2g=52g，

烧杯和剩余液体的总质量为20g+5g+2g+1g=28g，

所以量筒中液体的质量为m=52g﹣28g=24g，

量筒中液体的体积为V=30mL=30cm3，

所以液体的密度为ρ===0.8g/cm3。

故答案为：（1）零刻线；（3）30；0.8。

【点评】此题考查了天平和量筒的使用、读数及密度计算公式的应用，属于基本技能和规律的考查，难度不大，是一道基础题。

25．（3分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中

（1）把质量分布均匀的杠杆中点作为支点，其目的是消除　杠杆自重　对实验的影响；

（2）如图1所示，是已经平衡的杠杆，若在两侧的钩码下再各增加一个相同的钩码，杠杆会失去平衡，那么只需将　②　（选填下列序号），杠杆就会重新平衡；

①左侧钩码向左移动4个格 ②2右侧钩码向左移动2个格 ③平衡螺母向左适当调节

（3）小明改用弹簧测力计做实验，如图2所示，使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数　大于　1N（选填”大于”，“小于”或“等于”）。（每个钩码0.5N）

【分析】（1）杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；

（2）（3）由杠杆平衡条件分析答题。

【解答】解：

（1）把质量分布均匀的杠杆中点置于支架上，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；

（2）如图1所示，是已经平衡的杠杆，若在两侧的钩码下再各增加一个相同的钩码，根据杠杆的平衡条件，

左侧，3G×4l=12Gl，右侧，2G×8l=16Gl，

①左侧钩码向左移动4个格，3G×8l=24Gl≠16Gl，故杠杆不能平衡；

②右侧钩码向左移动2格，2G×6l=12Gl=12Gl，故杠杆会重新平衡；

③实验以后不能再重新调节平衡螺母，故错误。

故选②；

（3）解法一：根据杠杆的平衡条件，

4G×4l=F×8lsinθ，

F===，

当0＜θ＜30°，sinθ小于0.5，F大于2N，

θ=30°，sinθ等于0.5，F=2N，

90°＞θ＞30°，sinθ大于0.5，小于1，1N＜F＜2N，

故示数大于1N；

解法二：根据杠杆的平衡条件，

所以4G×4l=F×8l，F=2N，

 拉力的力臂小于8L，F＞1N。

故答案为：（1）杠杆自重；（2）②；（3）大于。

【点评】探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究。

26．（3分）在探究“浮力的大小跟液体的密度是否有关”的实验中，小明找来烧杯，清水、盐水细线、弹簧测力计和小石块。实验步骤如下；

（1）用弹簧测力计测出小石块在空气中重为G；

（2）把小石块浸没在清水中，读出弹簧测力计的示数为F1，则小石块受到的浮力F浮=　G﹣F1　；

（3）把小石块浸没在　盐水　中，读出弹簧测力计的示数F2，求出小石块此时受到的浮力F′浮；

（4）若F浮　不等于　F′浮（选填“等于”或“不等于”），说明浮力的大小跟液体的密度有关。

【分析】（1）在空气中弹簧测力计的示数即为下方所挂物体的重力；知道小石块的重力和浸没在水中时弹簧测力计的示数，利用称重法求出小石块受到的浮力；

（2）探究物体所受浮力的大小与液体密度的关系时应控制物体排开液体的体积不变，改变液体的密度，据此进行回答；

（3）比较小石块在清水和盐水中所受浮力的大小，两者相等说明浮力与液体的密度无关，否则有关。

【解答】解：探究“浮力的大小跟液体的密度是否有关”的实验中，小明找来烧杯，清水、盐水细线、弹簧测力计和小石块。实验步骤如下；

（1）用弹簧测力计测出小石块在空气中重为G；

（2）把小石块浸没在清水中，读出弹簧测力计的示数为F1，则小石块受到的浮力F浮=G﹣F1；

（3）把小石块浸没在 盐水中，读出弹簧测力计的示数F2，求出小石块此时受到的浮力F′浮；

（4）若F浮 不等于F′浮，说明浮力的大小跟液体的密度有关。

故答案为：（2）G﹣F1；（3）盐水；（4）不等于。

【点评】本题考查了探究浮力大小的实验，明白影响浮力大小的因素和利用好控制变量法是解题的关键。

27．（4分）小明同学在实验室利用光具座“探究凸透镜成像规律的实验中：

（1）元件摆放位置如图所示，在光屏中心呈现出清晰的烛焰的像，由此可知透镜焦距为　10.0　cm。

（2）保持透镜和光屏的位置不动，把蜡烛放在刻度尺的15cm处，可在蜡烛和凸透镜间合适位置添加一个焦距恰当的　凹透镜　透镜，仍能在光屏上承接到烛焰清晰的像；若不添加透镜，适当移动光屏可承接到一个倒立的、　放大　的实像；

（3）在实验中，小明更换了一个凸透镜，使三者还处于如图所示的位置，并使三者中心在同一高度，在透镜右侧无论怎样移动光屏都无法承接到烛焰的像（光具座足够长），出现这种现象的原因可能是　物距小于焦距　。（写出一种原因即可）

【分析】（1）凸透镜成像时，u=2f，成倒立、等大的实像，应用于测焦距；

（2）①根据凸透镜成实像时，物远（物距变大）像近（像距变小）像变小；②凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散的作用；

（3）若光屏上没有像，可能是因为物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上；有可能光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度上，像无法成在光屏上；有可能物体在焦点上，不能成像。

【解答】解：（1）图中所示凸透镜的焦距u=30.0cm﹣10.0cm=20.0cm，物体成等大的像，所以2f=20.0cm，即f=10.0cm；

（2）把蜡烛放在刻度尺的15cm处，蜡烛远离凸透镜，若不移动透镜和光屏，根据凹透镜对光线有发散作用，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的凹透镜，延迟了对光线会聚，也可再次在光屏上得到倒立的，放大的实像；

（3）保持蜡烛和凸透镜位置不变，小明换个凸透镜继续试验，透镜光心、蜡烛焰心和光屏中心三者高度相同，光具座也足够长，可能是因为物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上；有可能物体在焦点上，不能成像。

故答案为：（1）10.0；（2）凹透镜；放大；（3）物距小于焦距。

【点评】此题是探究凸透镜成像实验，掌握实验中应注意的问题、透镜成像特点与物距、像距的关系是解决问题的关键。

28．（5分）小明同学为了“测量小灯泡的额定功率”，准备了以下实验器材：额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时电阻约为8Ω），规格为“10Ω 1A”的滑动变阻器、开关、电流表和电压表各一个、新干电池4节、导线若干。

（1）小明连接完电路，如图1所示、经检查发现只有导线AE连接错误，此导线应连接到　BE　两点：

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　左　（选填“左”或“右”）端；

（3）经检查，电路连接无误，各元件完好。闭合开关后，无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5V，出现这种现象的原因可能是　变阻器的最大电阻太小　（写出一种原因即可）

（4）解决上述问题后，移动滑片P，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2所示，则小灯泡的额定功率是　0.75　W；

（5）测出小灯泡的额定功率后，小明又把灯泡两端电压调为额定电压的一半，发现测得的功率不等于其额定功率的，这是由于　灯的电阻随温度的变化而变化　。

【分析】（1）电流表应与灯串联；

（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；

（3）灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器分得的电压，根据分压原理，求出变阻器连入电路中的最小电阻，据此分析；

（4）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡的额定功率；

（5）根据P=，当灯泡两端电压为额定电压的一半，根据灯的电阻随温度的变化而变化分析。

【解答】解：（1）原电路中，灯没有接入电路中是错误的，电流表应与灯串联，故此导线应连接到BE两点；

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最左端；

（3）当灯的两端的电压为2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：

U滑=6V﹣2.5V=3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的=1.4倍，根据分压原理，此时变阻器连入电路中的电阻为：

R滑=1.4×8Ω=11.2＞10Ω，即因变阻器的最大电阻小于11.2Ω，故无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5V，即大于2.5V，出现这种现象的原因可能是：变阻器的最大电阻太小；

（4）移动滑片P，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.3A，则小灯泡的额定功率是：

P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；

（5）若灯的电阻不变，根据P=，灯泡两端电压为额定电压的一半，实际功率为额定功率的，但因灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值，故测得的功率不等于其额定功率的。

故答案为：（1）BE；（2）左；（3）变阻器的最大电阻太小；（4）0.75；（5）灯的电阻随温度的变化而变化。

【点评】本题测量小灯泡的额定功率，考查电路的连接、注意事项、对器材的要求、额定功率的计算、控制变量法的运用及影响电阻大小的因素。