2019中考物理模拟试卷(一)(教师版)

参与试题解析

一、单项选择题（每题0分）

1．2008年春节前后，我国南方部分地区遭遇了低温雨雪天气，某些地区的树枝上甚至出现了“雾凇”。“雾凇”和霜的形成过程很相似，都是（　　）

A．水蒸气液化形成的    B．水蒸气凝华形成的    

C．小水珠凝固形成的    D．小冰晶升华形成的

【解答】解：雾凇和霜都是固态，它是由空气中的水蒸气遇冷放热直接变为固态小冰晶的过程，属于凝华现象。

故选：B。

2．如图所示，是蜡烛通过凸透镜在光屏上的成像情况，以下器材利用这一成像原理的是（　　）

A．照相机    B．电影放映机    C．放大镜    D．投影仪

【解答】解：由图知，u＞2f时，f＜v＜2f，因此成倒立、缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的。

故选：A。

3．体积相同的甲乙两物体质量之比为2：5，甲的密度与乙的密度的比是（　　）

A．2：5    B．5：2    

C．1：1    D．以上答案都不对

【解答】解：由题意可知，V甲＝V乙，m甲：m乙＝2：5；

由ρ＝可得，它们的密度之比：

＝＝×＝×＝。

故选：A。

4．简单机械在我们的生活中应用很广泛。下面是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中不能省力的是（　　）

A．    B．    

C．    D．

【解答】解：不计机械重和摩擦，

A、由图知，是动滑轮滑轮，能省一半的力，所以F1＝G；

B、滑轮组由三段绳子承担，所以F2＝G；

C、由图知，是定滑轮，不能省力，所以F3＝G；

D、根据杠杆的平衡条件：F4×（L+2L）＝G×L，所以F4＝G。

由以上分析得，只有C不省力。

故选：C。

5．雷雨时，打开的收音机听到的“咔咔嚓嚓”的声音比听到的雷声要超前，这是因为（　　）

A．电磁波在空气中的传播速度大于声速    

B．电磁波在空气中的传播速度等于声速    

C．电磁波在空气中的传播速度小于声速    

D．上述说法均不正确

【解答】解：在雷雨天，打开收音机听广播，随着闪电的出现会同时听到收音机发出的“咔嚓，咔嚓”的声音，而后才听到雷声，这是因为：发生雷电产生的电磁波被收音机接收，但是，电磁波传播的速度比声速快的多，故先听到收音机发出的“咔嚓，咔嚓”的声音。

故选：A。

6．五一假期，璐璐家开车到店子集镇屋楼崮游玩。下列有关描述符合科学道理的是（　　）

A．汽车停在高压线下也很安全    

B．爬山过程中，璐璐的重力越来越大，导致爬山越来越吃力    

C．上车后系上安全带可以减小行车时的惯性从而减少意外伤害    

D．汽车的蓄电池能够提供12V的电压，这个电压，对人体是安全的

【解答】解：

A、安全用电的原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体，所以不能在高压线下停车，故A错误；

B、爬山过程中，璐璐的重力不变，高度增加，需要克服重力做的功增大，所以导致爬山越来越吃力，故B错误；

C、上车后系上安全带可以防止由于惯性带来的伤害，但不能减小行车时的惯性，故C错误；

D、对人体的安全电压不高于36V，所以汽车的蓄电池能够提供12V的电压，这个电压对人体是安全的，故D正确。

故选：D。

7．实心均匀正方体静止在水平面上。若在其右侧，按图所示方式，沿竖直方向截去一部分后，则其质量、密度、对水平面的压力和压强四个物理量中，不变的是（　　）

A．质量、密度    B．压力、压强    C．密度、压强    D．密度、压力

【解答】解：

A．按图所示方式，沿竖直方向截去一部分后，所含物质减少，质量变小，故A错误；

BD．水平面上物体的压力和自身的重力相等，沿竖直方向截去一部分后，质量变小，重力变小，对地面的压力变小，故BD错误；

C．密度是物质本身的一种属性，沿竖直方向截去一部分后，物质种类没有变化，故密度不变，由p＝＝＝＝＝＝ρgh可知对地面的压强不变，故C正确。

故选：C。

8．甲、乙两同学从同一地点同时向相同方向做直线运动，他们通过的路程随时间变化的图象如图所示，由图象可知正确的是（　　）

A．两同学在0～15s内都在做匀速直线运动    

B．在0～10s内，乙同学的速度为10m/s    

C．在0～20s内，两同学的平均速度相等    

D．在0～15s内，乙同学追上甲同学并在100m处相遇

【解答】解：A、据图可知，乙同学在10﹣15s处于静止状态，故A错误；

B、据图可知，乙同学在前10s做匀速直线运动，故速度是：v＝＝＝10m/s，故B正确；

C、据图可知，甲同学20s的平均速度是：v甲＝＝≈6.7m/s；

乙同学的平均速度是：v乙＝＝＝5m/s；故C错误；

D、据图可知，在0～15s内，甲同学追上乙同学并在100m处相遇，故D错误；

故选：B。

9．国家规定严禁在公共场所吸烟，小明设计了一种简易烟雾报警装置如图所示。电源电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数减小至某一数值时，电流表的指针进入报警区域。闭合开关S后，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，下列判断正确的是（　　）

A．R0两端电压增大    

B．电路消耗的总功率增大    

C．电压表与电流表的示数之比增大    

D．增大R0的阻值，可使装置在更高浓度烟雾下才报警

【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，

所以，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，光照强度减弱，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，

由I＝可知，电路中的电流减小，

由U＝IR可知，R0两端电压减小，故A错误；

由R＝可知，电压表与电流表的示数之比等于R的阻值，R的阻值增大，则电压表与电流表的示数之比增大，故C正确；

由P＝UI可知，电路消耗的总功率减小，故B错误；

（2）增大R0的阻值时电路中的总电阻增大，

由I＝可知，电路中的电流减小，则可使装置在更低浓度烟雾下报警，故D错误。

故选：C。

二、填空题

10．白炽灯的正常工作时的效率是10%，寿命1000小时，市场价1元；一般的节能灯的工作效率为30%，寿命8000小时，市场价10元。白炽灯消耗100J电能产生　10　J光能，要你选购灯，你选购的是　LED　灯。

【解答】解：

（1）白炽灯的正常工作时的效率是10%，即有10%的电能转化为光能，

所以，白炽灯消耗100J电能产生的光能为100J×10%＝10J；

（2）η白炽灯＝10%＜ηLED＝30%，LED使用寿命8000小时＞白炽灯1000h，虽然LED的价格较高，但从节能的角度考虑应选LED灯。

故答案为：10；LED。

11．人站在游泳池边观察池的深度，看起来比实际的要　浅　，正对着池壁，向下看水中池壁的正方形瓷砖，看起来如图的　②　的形状。

【解答】解：

（1）池底反射的光由水中斜射入空气中时，在水面处发生了折射现象，折射光线远离法线，人眼逆着折射光线看去，认为光是沿直线传播的，所以看到的是池底变高了，即变浅了，看到的是折射形成的虚像，不是真实的池底。

（2）如图所示，在水池壁上任取一点A1，这一点反射的光线由水中斜射入空气中时，发生折射现象，折射光线远离法线，人眼逆着折射光线看去，看到的是经水面折射形成的虚像，位置变高了，在A1′点；同理，在池壁上再取一点比A1高的点A2，人眼看到的像在A2′位置。由图可知，较深的位置，人眼看到的像变高较多，较浅的位置，人眼看到的像变高较少，所以人眼看到的像A1′A2′的距离小于真实的A1A2的距离，所以看到的正方形墙壁瓷砖变成的扁长方形。

故答案为：浅；②。 

12．人以0.5m/s的速度向竖直放置的平面镜走近，人在平面镜中像的大小　不变　（变大/不变/变小），经过2s像与人之间的距离缩小　2　m。

【解答】解：由于平面镜成的像与物大小相同，不论人离镜远还是近，它们大小都相同；

又像与物到镜面的距离相等，所以相对于镜子，像与物有相同的速度，2s人移动的距离为：

s＝vt＝0.5m/s×2s＝1m，则像与人间的距离减小2m。

故答案为：不变；2。

13．完全燃烧4kg干木柴可以放出　4.8×107　J的热量，这些热量若只有84%被水吸收，则可以使标准大气压下100kg、20℃的水温度上升　80　℃[干木柴的热值为1.2×107J/kg]．汽油机的一个工作循环有四个冲程，如图所示是汽油机的　做功　冲程。

【解答】解：

（1）完全燃烧4kg干木柴放出的热量：

Q放＝m木q＝4kg×1.2×107J/kg＝4.8×107J；

（2）由题知，水吸收的热量：

Q吸＝Q放×84%

＝4.8×107J×84%

＝4.032×107J，

根据Q吸＝cm△t可知，水升高的温度为：

△t＝＝＝96℃；

则末温t＝t0+△t＝20℃+96℃＝116℃，

因为一个标准大气压下水的沸点为100℃，

所以水温度升高的度数为△t′＝100℃﹣20℃＝80℃；

（3）根据图中冲程中火花塞点火和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程，此冲程是将内能转化为机械能。

故答案为：4.8×107；80；做功。

14．电鳗是鱼类中放电能力最强的淡水鱼类，它的发电器位于身体两侧的肌肉内，每个肌肉薄片像一个小电池，能产生约0.15V的电压，近万个这样的小电池　串联　（串联/并联）起来，就可以产生很高的电压。电鳗在放电时，将　化学　能转化为电能。曾经有电鳗一次放电产生500V的电压，并形成2A的电流，则该电鳗此次的放电功率达到　1000　W。

【解答】解：

因为电池串联后电压等于各电池电压之和，而电鳗每个肌肉薄片像一个小电池，能产生约0.15V的电压，所以近万个这样的小电池串联起来，就可以产生很高的电压。

太阳光被植物吸收，然后变成糖类。被电鳗吃掉，电鳗通过消化作用吸收这些糖类，通过主动转运把糖类运送到发电细胞内，发电细胞通过呼吸作用把氧气和糖变成二氧化碳和水和ATP，ATP水解，释放电能，所以电鳗在放电时，将化学能转化为电能；

由题知，电鳗一次放电产生500V的电压，形成2A的电流，

电鳗此次的放电功率：P＝UI＝500V×2A＝1000W。

故答案为：串联；化学；1000。

15．如图所示为一种自制简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，用它来测量液体密度时，该密度计在被测液体中　漂浮　（选填“悬浮”、“漂浮”或“沉底”）．将其分别放入装有液体密度为ρ1和ρ2的两个烧杯中，可以判断：ρ1　＜　ρ2，密度计所受浮力F浮1　＝　F浮2（均选填“＜”、“＝”或“＞”）

【解答】解：密度计放在两种液体中都漂浮，根据漂浮条件可知，密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G，

即：F浮1＝F浮2＝G，

由图知密度计排开液体的体积V排1＞V排2，

由阿基米德原理F浮＝ρ液V排g可知，

密度计排开甲液体的体积大，所以甲液体的密度小，即ρ1＜ρ2。

两次浮力相等，根据阿基米德原理可知两次排开液体的重力相等，所以两次排开液体的质量相等。

故答案为：漂浮；＜；＝。

三、计算题

16．一辆汽车在水平公路上匀速行驶，牵引力是3000N，若汽车速度为10米/秒，问：

（1）汽车行驶时受到阻力多大？

（2）汽车的功率多大？

（3）汽车在半小时内做多少功？ 

【解答】解：（1）因为汽车做匀速直线运动，

因此汽车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，故阻力为3000N；

（2）汽车的功率：

P＝＝＝Fv＝3000N×10m/s＝3×104W；

（3）汽车在半小时内做的功：

W＝Pt＝3×104×1800s＝5.4×107J。

答：（1）汽车行驶时受到阻力为3000N；

（2）汽车的功率为3×104W；

（3）汽车在半小时内做的功为5.4×107J。

17．（1）在家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根连接起来，而连接处往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。这是为什么？

（2）列举两个生活或生产中利用电流热效应的实例。

【解答】答：（1）在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，

因为导线连接处与导线串联在电路中，

所以通过的电流相等、通电时间相等，

由Q＝I2Rt可知连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。

（2）电暖器、电烙铁、电饭锅都是利用电流的热效应来工作的，把电能转化为内能。

四、综合题

18．在图中填合适的透镜。

【解答】答：折射光线与入射光线相比，远离主光轴偏折，光线发散了，故填入凹透镜，如下图所示：

19．如图所示，在课桌的C点用最小的力把桌腿B抬离地面，在抬起时桌腿A没有滑动。请在C点画出这个力的示意图，并标出它的力臂l。

故答案为：

20．小凯和小兰在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，尚未完成的实物连线如图所示。

（1）请把定值电阻正确连入电路完成实物连线；

（2）闭合开关后，调节滑动变阻器的阻值，读得电流表、电压表的示数如表：

（4）根据表中数据可以求得定值电阻的阻值为　10Ω　。

【解答】解：（1）电压表要与定值电阻并联，定值电阻与滑动变阻器、电流表串联接入电路，故连接实物电路如下图所示：

（3）分析表中数据可知：随着电阻两端的电压增大，通过电阻的电流也增大，并且增加的倍数相同，即电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；

（4）当电源的电压是1.2V时，通过导体的电流是0.2A，根据公式I＝可得，定值电阻的阻值R＝＝＝10Ω。

故答案为：

（1）连接电路如上图所示；

（3）通过导体的电流与导体两端的电压成正比；

（4）10Ω。

21．小红学习了简单机械后发现，所有的简单机械“省力、必然费距离”，没有既省力，又省距离的。如果想省一半的力，是否就要费一倍的距离呢？为了弄清这个问题，她设计了实验装置，如图所示来进行探究。请你回答：

①实验中不用刻度尺能行吗？

②应该记录的数据，除砝码和滑轮总重外，还应有哪些？画一个记录数据的表格

③探究结论，有可能用一个等式来表示吗？

【解答】解：（1）在使用动滑轮时，h、s之间存在这样的关系：s＝2h，在计算分析时可以约掉，所以可以不用刻度尺。

（2）如下图所示：

22．探究水沸腾时温度变化规律的实验中，实验现象、数据、装置如图所示，实验时环境气压为标准大气压。

（2）水沸腾时，　吸　（吸/不吸）热，温度　不变　（升高/不变）。

（3）根据表中数据，该实验是采用装置　A　（A/B）完成的。

（4）某同学实验时，等待水沸腾所需时间太长，对此请你提出一条简单易行的建议：　减少水的质量　。

【解答】解：（41水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。所以图中，b是沸腾前的现象，a是沸腾时的现象。

（2）水沸腾过程中不断吸热，但温度保持不变；

（3）液体的沸点与气压有关，气压越大，沸点越高，根据表中数据，沸点是101℃，该实验是采用装置是A，加盖后，气压大；

（4）水加热到沸腾所用时间过长，可能是由于水的量太多或水的初温过低。可以适当的减少水的质量或适当提高水的初温。

故答案为：（1）a；（2）吸；不变；（3）A；（4）减少水的质量。

23．小明用光具座、F光源、凸透镜、光屏等器材，探究“凸透镜成像规律”。

（1）如图甲所示，将光源放在30cm刻度处时，移动光屏可得倒立、等大的清晰像，此时光屏在　70　cm刻度处，凸透镜的焦距是　10　cm；

（2）把光源向左移至20cm刻度处时，将光屏向　左　（左/右）调节，可得　倒立　（倒立/正立）　缩小　（缩小/放大）的清晰像；

（3）把光源放在45cm刻度处时，移去光屏，人眼通过透镜看到的像是图乙中的　C　。

【解答】解：（1）当烛焰放在30厘米刻度处时，在光屏上得到一个等大清晰的像，根据凸透镜成像规律可知，u＝50cm﹣30cm＝20cm＝2f，所以f＝10cm，此时光屏在50cm+20cm＝70cm刻度处。

（2）把光源向左移至20cm刻度处时，此时的物距为50cm﹣20cm＝30cm，根据凸透镜成像规律可知，u＞2f，在光屏上可得到一个倒立、缩小的清晰的实像，此时2f＞v＞f，即光屏应向左移动；

（3）保持凸透镜位置不变，把点燃的蜡烛放在光具座45cm刻度处，物距u＝50cm﹣45cm＝5cm，u＜f，成正立、放大的虚像，像和物体在凸透镜的同侧。所以应该在光屏一侧透过透镜观察像，故C符合题意。

故答案为：（1）70；10；（2）左；倒立；缩小；（3）C。距之间的关系，做到灵活应用。

24．小明做“研究液体的压强”实验时得到的几组数据如下表： 

（1）比较序号为　1、2、3　的三组数据，可得出的结论是：　同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等　；

（2）比较序号3、4、5的三组数据，可得出的结论是：　同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大　；

（3）比较序号为　5、6　的两组数据，可得出的结论是：在同一深度处，不同液体的压强与　液体密度　有关。

【解答】解：（1）比较序号为1、2、3的三组数据，橡皮膜的朝向不同，其它条件相同，可得出的结论是：同种液体，同一深度，液体向各个方向的压强相等；

（2）比较序号3、4、5的三组数据，液体的深度不同，其它条件相同，可得出的结论是：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；

（3）比较序号为5、6的两组数据，可知，液体的密度不同，其它条件相同，可得出的结论是：在同一深度处，不同液体的压强与液体深度有关。

故答案为：（1）1、2、3； 同种液体，同一深度，液体内部向各方向压强大小相同；

（2）同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；

（3）5、6； 液体密度。

25．为了鉴别一工艺品是否是铜做的，小何和小海等几位同学做了以下实验：

（1）小何同学用托盘天平测量工艺品的质量，操作情况如图（a）所示，请指出其中的不符合题意是哪些：

①　不应用手直接拿取砝码　；

②　物体和砝码的位置放反了　。

（2）小海这组同学先用托盘天平测工艺品的质量，步骤如下：

①把托盘天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应该把平衡螺母向　右　（填“左”或“右”）调节，才能使天平平衡；

②天平平衡后，把工艺品放在左盘，用镊子向右盘加减砝码，当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，接下来不符合题意的操作步骤是　取下最小砝码，向右调节游码　，直到天平再次平衡，右盘中的砝码和游码所处的位置如图（b）所示，则工艺品质量为　97.4　g；

（3）接下来他们用量筒测量工艺品的体积，步骤如下：在量筒中注入适量的水（如图（c）所示），读出此时水面所对应的示数；再把固体浸没在盛有适量水的量筒中（如图（d）所示），读出此时水面所对应的示数，则工艺品的体积V＝　20　cm3。

（4）测得该工艺品的密度为　4.87×103　kg/m3。

（5）他们认为，如果工艺品的密度与铜的密度不相等则工艺品不是铜做的。你认为此结论　不可靠　（填“可靠”或“不可靠”）。

【解答】解：（1）根据天平的使用规则，以及图中可知使用天平存在的错误之处是：

①用手拿砝码；②砝码与物体位置放反了。

（2）①天平指针向左偏，说明左边质量大，所以应向右调螺母；

②加上最小的砝码仍然向右偏，说明砝码的质量偏大，此时应取下最小砝码，向右调节游码；

工艺品的质量：m＝50g+20g+20g+5g+2.4g＝97.4g。

（3）由图可知，在量筒中注入适量的水，如图（c）所示，读出此时水面所对应的示数V1＝20cm3，

把固体浸没在盛有适量水的量筒中，由图D可知，水面所对应的示数V2＝40cm3，工艺品的体积：V＝40cm3﹣20cm3＝20cm3。

（4）工艺品的密度：ρ＝＝＝4.87g/cm3＝4.87×103kg/m3；

（5）从密度的大小得出结论，存在片面性，因为工艺品如是空心的话，它的体积变大，则计算得到的密度偏小（有误），故该结论不可靠。

故答案为：（1）不应用手直接拿取砝码；物体和砝码的位置放反了。

（2）右；取下最小砝码，向右调节游码；97.4；（3）20；（4）4.87×103；（5）不可靠。

26．如图甲所示是一种常见的电热水袋，图乙是它的结构示意图，其性能指标如下表所示。

（2）为了使用电热水袋更加安全，有的电热水袋里使用双重温控开关保护，也就是把两个温控开关　串联　（选填“串联”或“并联”）起来使用；

（3）当热水袋原来的温度是15℃时，在额定电压下加热10min指示灯就熄灭了，则此过程中水吸收的热量是　2.1×105　 J，电热水袋的发热效率为　70%　。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。

【解答】解：（1）由图可见，红色指示灯L和发热体R是并联的，两端电压相等，发热体的功率要比指示灯的功率大得多，根据电功率的计算P＝，在电压U相等的情况下，功率P大的，电阻R反而小，因此发热体的电阻要小于指示灯的电阻。

故答案为：大。

（2）因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的。

故答案为：串联。

（3）热水袋中的水的质量m＝1kg，温度从15℃升高到65℃，此过程中水吸收的热量是

Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（65℃﹣15℃）＝2.1×105J。

消耗的电能是

W＝Pt＝500W×10×60s＝3×105J

则该电热水袋的发热效率为η＝×100%＝×100%＝70%。

故答案为：2.1×105；70%。