【解析版】广州市白云区2020—2021学年初二下期末数学试卷

一、选择题（1本大题共10小题，每小题3分，共20分.在每小题给出的四个选择项中，只有一项是符合题目要求的）

1．若的在实数范畴内有意义，则（）

 ． ≥1 ． ≠1 ． ＞1 ． ≤1

2．如图，D、E分别是△ABC的边AB、AC上的点，且AD=DB，AE=EC，若DE=4，则BC长为（）

 ．  ．  ．  ．

3．下列运算正确的是（）

 ． ×3=6×25=150 ． ×3=6×5=30

 ． ×3=6 ． ×3=5

4．在三边分别为下列长度的三角形中，不是直角三角形的为（）

 ． ，， ． ，3， ． ，13，12 ． ，7，5

5．已知正比例函数y=（3k﹣1）x．若y随x的增大而减小，则k的取值范畴是（）

 ． ＜0 ． ＞0 ． ＜ ． ＞

6．在某样本方差的运算公式s2=[（x1﹣8）2+（x2﹣8）2+…+（x10﹣8）2]中，数字10和8依次表示样本的（）

 ． 容量，方差 ． 平均数，容量 ． 容量，平均数 ． 方差、平均数

7．能判定四边形是菱形的条件是（）

 ． 两条对角线相等 ． 两条对角线相互垂直

 ． 两条对角线相互垂直平分 ． 两条对角线相等且垂直

8．已知x，y为实数，且+3（y﹣2）2=0，则x﹣y的值为（）

 ．  ． ﹣3 ．  ． ﹣1

9．如图，在▱ABCD中，点M为CD的中点，且DC=2AD，则AM与BM的夹角的度数为（）

 ． ° ． ° ． ° ． °

10．已知三条直线L1：（m﹣2）x﹣y=1、L2：x﹣y=3、L3：2x﹣y=2相交于同一点，则m=（）

 ．  ．  ．  ． ﹣3

二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）

11．+=（结果用根号表示）

12．命题“假如两个角是直角，那么它们相等”的逆命题是；逆命题是命题（填“真”或“假”）．

13．甲，乙两人竞赛射击，两人所得平均数相同，其中甲所得环数的方差为12，乙所得环数的方差为8，那么成绩较为稳固的是．（填“甲”或“乙”）．

14．如图，等边△ABE与正方形ABCD有一条共公边，点E在正方形外，连结DE，则∠BED=°．

15．当m时，函数y=2x﹣2m+4的图象与x轴交于负半轴．

16．如图，折叠矩形纸片ABCD，得折痕BD，再折叠使AD边与对角线BD重合，得折痕DF．若AB=4，BC=2，则AF=．

三、解答题（本大题共62分）

17．运算（结果用根号表示）

（1）（+1）（﹣2）+2

（2）（2+3）（2﹣3）

18．某市为了了解高峰时段16路车从总站乘该路车出行的人数，随机抽查了10个班次乘该路车人数，结果如下：

14，23，16，25，23，28，26，27，23，25

（1）这组数据的众数为，中位数为；

（2）运算这10个班次乘车人数的平均数；

（3）假如16路车在高峰时段从总站共出车60个班次，依照上面的运算结果，估量在高峰时段从总站乘该路车出行的乘客共有多少？

19．如图，D为△ABC的BC边上的一点，AB=10，AD=6，DC=2AD，BD=DC．

（1）求BD的长；

（2）求△ABC的面积．

20．已知直线y1=x+及直线y2=﹣x+4．

（1）直线y2=﹣x+4与y轴的交点坐标为；

（2）在所给的平面直角坐标系（如图）中画出这两条直线的图象；

（3）求这两条直线以及x轴所围成的三角形面积．

21．如图，▱ABCD的周长为52cm，AB边的垂直平分线通过点D，垂足为E，▱ABCD的周长比△ABD的周长多10cm．∠BDE=35°．

（1）求∠C的度数；

（2）求AB和AD的长．

22．如图，线段AB的两个端点坐标分别为A（，0）、B（0，1）．

（1）尺规作图：以AB为边在第一象限内作等边△ABC（保留作图痕迹，可不写做法）；

（2）求过A、B两点直线的函数解析式；

（3）求△ABC的面积；

（4）假如第一象限内有一点P（m，），且△ABP的面积与△ABC的面积相等，求m的值．

23．如图，已知线段AC、BD相互垂直，垂足为O，且OA＞OC，OB＞OD．

（1）请顺次连接A、B、C、D（画出图形），则四边形ABCD平行四边形（填“是”或“不是”）；

（2）对（1）中你的结论进行说理；

（3）求证：BC+AD＞AB+CD．

广东省广州市白云区2020-2020学年八年级下学期期末数学试卷

一、选择题（1本大题共10小题，每小题3分，共20分.在每小题给出的四个选择项中，只有一项是符合题目要求的）

1．若的在实数范畴内有意义，则（）

 ． ≥1 ． ≠1 ． ＞1 ． ≤1

考点： 二次根式有意义的条件． 

分析： 依照二次根式中的被开方数必须是非负数，列出不等式，解不等式即可．

解答： 解：由题意得，x﹣1≥0，

解得x≥1．

故选：A．

点评： 考查了二次根式的意义和性质．概念：式子（a≥0）叫二次根式．性质：二次根式中的被开方数必须是非负数．

2．如图，D、E分别是△ABC的边AB、AC上的点，且AD=DB，AE=EC，若DE=4，则BC长为（）

 ．  ．  ．  ．

考点： 三角形中位线定理． 

分析： 依照三角形的中位线平行于第三边且等于第三边的一半进行解答即可．

解答： 解：∵AD=DB，AE=EC，

∴BC=2DE=8，

故选：D．

点评： 本题考查的是三角形的中位线定理的应用，把握三角形的中位线平行于第三边且等于第三边的一半是解题的关键．

3．下列运算正确的是（）

 ． ×3=6×25=150 ． ×3=6×5=30

 ． ×3=6 ． ×3=5

考点： 二次根式的乘除法． 

分析： 利用二次根式的乘法运算法则化简求出即可．

解答： 解：2×3=6×5=30，

故选：B．

点评： 此题要紧考查了二次根式的乘法运算，正确把握运算法则是解题关键．

4．在三边分别为下列长度的三角形中，不是直角三角形的为（）

 ． ，， ． ，3， ． ，13，12 ． ，7，5

考点： 勾股定理的逆定理． 

分析： 解此题要紧看是否符合勾股定理的逆定理即可．

解答： 解：A、，因此构成直角三角形，错误；

B、，因此构成直角三角形，错误；

C、132=122+52，因此构成直角三角形，错误；

D、72≠42+52，因此不能构成直角三角形，正确；

故选D．

点评： 此题考查勾股定理的逆定理，解答此题要用到勾股定理的逆定理：已知三角形ABC的三边满足a2+b2=c2，则三角形ABC是直角三角形．

5．已知正比例函数y=（3k﹣1）x．若y随x的增大而减小，则k的取值范畴是（）

 ． ＜0 ． ＞0 ． ＜ ． ＞

考点： 一次函数图象与系数的关系． 

分析： 依照正比例函数图象与系数的关系列出关于k的不等式3k﹣1＜0，然后解不等式即可．

解答： 解：∵正比例函数 y=（3k﹣1）x中，y的值随自变量x的值增大而减小，

∴3k﹣1＜0，

解得k＜．

故选C．

点评： 本题要紧考查正比例函数图象在坐标平面内的位置与k的关系．解答本题注意明白得：直线y=kx所在的位置与k的符号有直截了当的关系．k＞0时，直线必通过第一、三象限，y随x的增大而增大；k＜0时，直线必通过第二、四象限，y随x的增大而减小．

6．在某样本方差的运算公式s2=[（x1﹣8）2+（x2﹣8）2+…+（x10﹣8）2]中，数字10和8依次表示样本的（）

 ． 容量，方差 ． 平均数，容量 ． 容量，平均数 ． 方差、平均数

考点： 方差． 

分析： 方差运算公式：S2=[（x1﹣）2+（x2﹣）2+…+（xn﹣）2]，n表示样本容量，为平均数，依照此公式即可得到答案．

解答： 解：由于s2=[（x1﹣8）2+（x2﹣8）2+…+（x10﹣8）2]，因此样本容量是10，平均数是8．

故选C．

点评： 本题考查方差的定义．一样地设n个数据，x1，x2，…xn的平均数为，则方差S2=[（x1﹣）2+（x2﹣）2+…+（xn﹣）2]，它反映了一组数据的波动大小，方差越大，波动性越大，反之也成立．

7．能判定四边形是菱形的条件是（）

 ． 两条对角线相等 ． 两条对角线相互垂直

 ． 两条对角线相互垂直平分 ． 两条对角线相等且垂直

考点： 菱形的判定． 

分析： 依照菱形的判定方法对各选项进行判定即可．

解答： 解：对角线互相垂直平分的四边形是菱形，因此A、B、D选项错误，C选项正确．

故选C．

点评： 本题考查了菱形的判定：一组邻边相等的平行四边形是菱形；四条边都相等的四边形是菱形；对角线互相垂直的平行四边形是菱形（或对角线互相垂直平分的四边形是菱形）．

8．已知x，y为实数，且+3（y﹣2）2=0，则x﹣y的值为（）

 ．  ． ﹣3 ．  ． ﹣1

考点： 非负数的性质：算术平方根；非负数的性质：偶次方． 

分析： 本题可依照非负数的性质“几个非负数相加，和为0，这两个非负数的值都为0．”来解题．

解答： 解：∵≥0，（y﹣2）2≥0，且+3（y﹣2）2=0，

∴=0，（y﹣2）2=0，

∴x﹣1=0且y﹣2=0，

故x=1，y=2，

∴x﹣y=1﹣2=﹣1．

故选D．

点评： 本题考查了非负数的性质，两个非负数相加，和为0，这两个非负数的值都为0．

9．如图，在▱ABCD中，点M为CD的中点，且DC=2AD，则AM与BM的夹角的度数为（）

 ． ° ． ° ． ° ． °

考点： 平行四边形的性质；三角形内角和定理；等腰三角形的判定与性质． 

专题： 运算题．

分析： 利用已知得到DM=AD，∠DAB+∠CBA=180°，进一步推出∠DAM=∠BAM，同理得到∠ABM=∠CBM，即：∠MAB+∠MBA=90°，利用三角形的内角和定理即可得到所选选项．

解答： 解：▱ABCD，

∴DC∥AB，AD∥BC，

∴∠DAB+∠CBA=180°，∠BAM=∠DMA，

∵点M为CD的中点，且DC=2AD，

∴DM=AD，

∴∠DMA=∠DAM，

∴∠DAM=∠BAM，

同理∠ABM=∠CBM，

即：∠MAB+∠MBA=×180°=90°，

∴∠AMB=180°﹣90°=90°．

故选C．

点评： 本题考查了平行四边形的性质，三角形内角和定理，等腰三角形的性质等知识点，综合运用知识进行证明是解此题的关键．

10．已知三条直线L1：（m﹣2）x﹣y=1、L2：x﹣y=3、L3：2x﹣y=2相交于同一点，则m=（）

 ．  ．  ．  ． ﹣3

考点： 两条直线相交或平行问题． 

分析： 由L2和L3的解析式可求得交点坐标，再把交点坐标代入L1可求得m的值．

解答： 解：联立L2和L3的解析式可得，解得，

∴三条直线的交点坐标为（﹣1，﹣4），

又∵直线L1过交点，

∴﹣（m﹣2）﹣（﹣4）=1，解得m=5，

故选B．

点评： 本题要紧考查两直线的交点问题，把握求函数图象的交点问题的方法（即联立函数解析式构成方程组，求方程组的解）是解题的关键．

二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）

11．+=5（结果用根号表示）

考点： 二次根式的加减法． 

分析： 先把各根式化为最减二次根式，再合并同类项即可．

解答： 解：原式=4+

=5．

故答案为：5．

点评： 本题考查的是二次根式的加减法，熟知二次根式相加减，先把各个二次根式化成最简二次根式，再把被开方数相同的二次根式进行合并，合并方法为系数相加减，根式不变是解答此题的关键．

12．命题“假如两个角是直角，那么它们相等”的逆命题是假如两个角相等，那么它们是直角；逆命题是假命题（填“真”或“假”）．

考点： 命题与定理． 

分析： 先交换原命题的题设与结论部分得到其逆命题，然后依照直角的定义判定逆命题的真假．

解答： 解：命题“假如两个角是直角，那么它们相等”的逆命题是假如两个角相等，那么它们是直角，此逆命题是假命题．

故答案为假如两个角相等，那么它们是直角；假．

点评： 本题考查了命题与定理：判定一件情况的语句，叫做命题．许多命题差不多上由题设和结论两部分组成，题设是已知事项，结论是由已知事项推出的事项，一个命题能够写成“假如…那么…”形式．有些命题的正确性是用推理证实的，如此的真命题叫做定理．也考查了逆命题．

13．甲，乙两人竞赛射击，两人所得平均数相同，其中甲所得环数的方差为12，乙所得环数的方差为8，那么成绩较为稳固的是乙．（填“甲”或“乙”）．

考点： 方差；算术平均数． 

分析： 依照方差的意义，方差越小越稳固，比较两人的方差的大小即可．

解答： 解：∵s甲2＞s乙2，

∴成绩较为稳固的是乙．

故填乙．

点评： 本题考查方差的意义：方差反映了一组数据的波动大小，方差越大，波动性越大，反之也成立．

14．如图，等边△ABE与正方形ABCD有一条共公边，点E在正方形外，连结DE，则∠BED=45°．

考点： 正方形的性质；等边三角形的性质． 

分析： 依照正方形的性质，可得AB与AD的关系，∠BAD的度数，依照等边三角形的性质，可得AE与AB的关系，∠AEB的度数，依照等腰三角形的性质，可得∠AED与∠ADE的关系，依照三角形的内角和，可得∠AED的度数，依照角的和差，可得答案．

解答： 解：∵四边形ABCD是正方形，

∴AB=AD，∠BAD=90°，

∵等边三角形ABE，

∴AB=AE，∠BAE=∠AEB=60°，

∠DAE=∠BAD+∠BAE=90°+60°=150°，

AD=AE，

∴∠AEB=∠ABE=（180°﹣∠DAB）÷2=15°，

∴∠BED=∠AEB﹣∠AED=60°﹣15°=45°，

故答案为：45°

点评： 此题考查了正方形的性质，以及等边三角形的性质，利用了等量代换的思想，熟练把握性质是解本题的关键．

15．当m＜2时，函数y=2x﹣2m+4的图象与x轴交于负半轴．

考点： 一次函数图象与系数的关系． 

分析： 依照k大于零，b大于零时，图象通过一、二、三象限，即现在图象与x轴的负半轴相交，可得答案．

解答： 解：∵函数y=2x﹣2m+4的图象与x轴交于负半轴，

∴﹣2m+4＞0，

解得：m＜2，

故答案为：＜2．

点评： 本题考查的是一次函数的图象与系数的关系，熟知一次函数y=kx+b（k≠0）中，当k＞0，b＜0时，函数的图象通过一、三、四象限是解答此题的关键．

16．如图，折叠矩形纸片ABCD，得折痕BD，再折叠使AD边与对角线BD重合，得折痕DF．若AB=4，BC=2，则AF=﹣1．

考点： 翻折变换（折叠问题）． 

分析： 依照勾股定理可得BD=2，由折叠的性质可得△ADF≌△EDF，则ED=AD=2，EF=AF，则EB=2﹣2，在Rt△EBF中依照勾股定理求AF的即可．

解答： 解：在Rt△ABD中，AB=4，AD=2，

∴BD===2，

由折叠的性质可得，△ADF≌△EDF，

∴ED=AD=2，EF=AF，

∴EB=BD﹣ED=2﹣2，

设AF=x，则EF=AF=x，BF=4﹣x，

在Rt△EBF中，x2+（2﹣2）2=（4﹣x）2

解得x=﹣1，

即AF=﹣1．

故答案为：﹣1．

点评： 此题要紧考查了折叠的性质，综合利用了勾股定理的知识．认真分析图中各条线段的关系，也是解题的关键．

三、解答题（本大题共62分）

17．运算（结果用根号表示）

（1）（+1）（﹣2）+2

（2）（2+3）（2﹣3）

考点： 二次根式的混合运算． 

专题： 运算题．

分析： （1）先利用乘法公式展开，然后合并即可；

（2）利用平方差公式运算．

解答： 解：（1）原式=5﹣2+﹣2+2

=3+；

（2）原式=（2）2﹣32

=12﹣9

=3．

点评： 本题考查了二次根式的运算：先把各二次根式化为最简二次根式，再进行二次根式的乘除运算，然后合并同类二次根式．

18．某市为了了解高峰时段16路车从总站乘该路车出行的人数，随机抽查了10个班次乘该路车人数，结果如下：

14，23，16，25，23，28，26，27，23，25

（1）这组数据的众数为23，中位数为24；

（2）运算这10个班次乘车人数的平均数；

（3）假如16路车在高峰时段从总站共出车60个班次，依照上面的运算结果，估量在高峰时段从总站乘该路车出行的乘客共有多少？

考点： 众数；用样本估量总体；算术平均数；中位数． 

分析： （1）依照众数和中位数的概念求解；

（2）依照平均数的概念求解；

（3）用平均数乘以发车班次确实是乘客的总人数．

解答： 解：（1）这组数据按从小到大的顺序排列为：14，16，23，23，23，25，25，26，27，28，

则众数为：23，

中位数为：=24；

（2）平均数=（14+16+23+23+23+25+25+26+27+28=23（人）

答：这10个班次乘车人数的平均数是23人．

（2）60×23=1380（人）

答：在高峰时段从总站乘该路车出行的乘客共有1380人．

故答案为：23，24．

点评： 本题考查了众数、平均数、中位数的知识，解答本题的关键是把握各知识点的概念．

19．如图，D为△ABC的BC边上的一点，AB=10，AD=6，DC=2AD，BD=DC．

（1）求BD的长；

（2）求△ABC的面积．

考点： 勾股定理的逆定理． 

专题： 运算题．

分析： （1）由DC=2AD，依照AD的长求出DC的长，进而求出BD的长即可；

（2）在直角三角形ABD中，由AB，AD以及BD的长，利用勾股定理的逆定理判定得到三角形为直角三角形，即可求出三角形ABC面积．

解答： 解：（1）∵AD=6，DC=2AD，

∴DC=12，

∵BD=DC，

∴BD=8；

（2）在△ABD中，AB=10，AD=6，BD=8，

∵AB2=AD2+BD2，

∴△ABD为直角三角形，即AD⊥BC，

∵BC=BD+DC=8+12=20，AD=6，

∴S△ABC=×20×6=60．

点评： 此题考查了勾股定理的逆定理，熟练把握勾股定理的逆定理是解本题的关键．

20．已知直线y1=x+及直线y2=﹣x+4．

（1）直线y2=﹣x+4与y轴的交点坐标为（0，4）；

（2）在所给的平面直角坐标系（如图）中画出这两条直线的图象；

（3）求这两条直线以及x轴所围成的三角形面积．

考点： 两条直线相交或平行问题；一次函数的图象；一次函数图象上点的坐标特点． 

分析： （1）在y2=﹣x+4中令x=0，可求得与y轴的交点坐标；

（2）由两直线的解析式可画出函数图象；

（3）可先求得直线y1与x轴的交点，结合（1）可求得三角形的底，再求两直线的交点，由交点坐标可求得该三角形的高，可求得三角形的面积．

解答： 解：（1）在y2=﹣x+4中，令x=0，可得y2=4，

∴直线y2=﹣x+4与y轴的交点坐标为（0，4），

故答案为：（0，4）；

（2）在y1=x+中，令x=0，可得y1=，令y1=0，可得x=﹣1，

∴直线y1与y轴交于点A（0，），与x轴交于点B（﹣1，0）；

在y2=﹣x+4中，令y2=0，可求得x=4，

∴直线y2与x轴交于点C（4，0），且由（1）可知与y轴交于点D（0，4），联立两直线解析式可得，解得，

∴两直线的交点E（1，3），

∴两直线的图象如图所示；

（3）由（2）可知BC=4﹣（﹣1）=5，

且E到BC的距离为3，

∴S△BCE=×5×3=7.5．

点评： 本题要紧考查一次函数的交点，把握两函数交点坐标的求法是解题的关键，即联立两函数解析式求方程组的解．

21．如图，▱ABCD的周长为52cm，AB边的垂直平分线通过点D，垂足为E，▱ABCD的周长比△ABD的周长多10cm．∠BDE=35°．

（1）求∠C的度数；

（2）求AB和AD的长．

考点： 平行四边形的性质；线段垂直平分线的性质． 

分析： （1）由于DE是AB边的垂直平分线，得到∠ADE=∠BDE=35°，因此推出∠A═35°，依照平行四边形的性质得到∠=35°；

（2）由DE是AB边的垂直平分线，得到DA=DB，依照平行四边形的性质得到AD=BC，AB=DC，由于▱ABCD的周长为52，因此得到AB+AD=26，依照▱ABCD的周长比△ABD的周长多10，得到BD=16，AD=16（cm），因此求出结论．

解答： 解：（1）∵DE是AB边的垂直平分线，

∴∠ADE=∠BDE=35°，

∴∠A=90°﹣∠ADE=35°，

∵▱ABCD，

∴∠C=∠A=35°；

（2）∵DE是AB边的垂直平分线，

∴DA=DB，

∵四边形ABCD是平行四边形，

∴AD=BC，AB=DC，

∵▱ABCD的周长为52，

∴AB+AD=26，

∵▱ABCD的周长比△ABD的周长多10，

∴52﹣（AB+AD+BD）=10，

∴BD=16，

∴AD=16（cm），

∴AB=26﹣16=20（cm）．

点评： 本题要紧考查了线段垂直平分线的性质，平行四边形的性质，能综合应用这两个性质是解题的关键．

22．如图，线段AB的两个端点坐标分别为A（，0）、B（0，1）．

（1）尺规作图：以AB为边在第一象限内作等边△ABC（保留作图痕迹，可不写做法）；

（2）求过A、B两点直线的函数解析式；

（3）求△ABC的面积；

（4）假如第一象限内有一点P（m，），且△ABP的面积与△ABC的面积相等，求m的值．

考点： 一次函数综合题． 

分析： （1）分别以点B，点A为圆心，以AB为半径画弧交于点C，△ABC确实是所求的等边三角形，

（2）过A、B两点直线的函数解析式为y=kx+b，把点A（，0）、B（0，1）代入求出k，b的值，即可得出过A、B两点直线的函数解析式，

（3）作CD⊥AB，由△ABC是等边三角形，可得CD=，由S△ABC=AB•CD求解即可，

（4）过点C作AB的平行线，过BO的中点作x轴的平行线，两线交于点P，由同底等高的三角形面积可得S△ABP=S△ABC，作CD⊥y轴，BC=AB=2，∠OBA=60°，∠CBA=60°，可得∠CBD=60°，利用专门直角三角形得CD=，BD=1，从而得出C的坐标，设直线CP的解析式为y=﹣x+b，把C（，2）代入得b的值，从而得出直线CP的解析式，把y=代入得x的值即可得出点P的坐标．

解答： 解：（1）如图1，

（2）设过A、B两点直线的函数解析式为y=kx+b，

把点A（，0）、B（0，1）代入得，解得，

∴过A、B两点直线的函数解析式为y=﹣x+1，

（3）∵A（，0）、B（0，1）．

∴OA=，OB=1，

∴AB==2，

如图2，作CD⊥AB，

∵△ABC是等边三角形，

∴CD=，

∴S△ABC=AB•CD=×2×=，

（3）如图3，过点C作AB的平行线，过BO的中点作x轴的平行线，两线交于点P，

由同底等高的三角形面积可得S△ABP=S△ABC，

作CD⊥y轴，

∵BC=AB=2，∠OBA=60°，∠CBA=60°，

∴∠CBD=60°，

∴CD=，BD=1，

∴C（，2），

设直线CP的解析式为y=﹣x+b，

把C（，2）代入得，2=﹣1+b，解得b=3，

∴直线CP的解析式为y=﹣x+3，

把y=代入得=﹣x+3，解得x=，

∴P（，）．

点评： 本题要紧考查了一次函数综合题，涉及用待定系数法求解析式，等边三角形的性质，勾股定理等知识，解题的关键是正确的作出辅助线求解．

23．如图，已知线段AC、BD相互垂直，垂足为O，且OA＞OC，OB＞OD．

（1）请顺次连接A、B、C、D（画出图形），则四边形ABCD不是平行四边形（填“是”或“不是”）；

（2）对（1）中你的结论进行说理；

（3）求证：BC+AD＞AB+CD．

考点： 平行四边形的判定与性质；三角形三边关系．

分析： （1）按要求画出图形即可；

（2）由平行四边形的判定：对角线是否平分即可；

（3）在OD上截取OB′=OB，在OC上截取OC′=OA，连接C′B′，DC′，CB′，设CB′，DC'交于点E，易证△ABO≌△C′B′O可得AB=B′C′，易证△DOA≌△DOC′可得AD=DC′，易证△COB≌△COB′可得BC=B′C，依照三角形三边关系即可求得CB′+DC′＞AB+CD即可解题．

解答： 解：（1）不是；

（2）∵OA＞OC，OB＞OD，即对角线不互相平分，

∴四边形ABCD不是平行四边形；

（3）在OD上截取OB′=OB，在OC上截取OC′=OA，连接C′B′，DC′，CB′，设CB′，DC′交于点E（如图），

在△ABO和△C′B′O中，

，

∴△ABO≌△C′B′O（SAS），

∴AB=B′C′，

在△DOA和△DOC′中，

，

∴△DOA≌△DOC′（SAS），

∴AD=DC′，

在△COB和△COB′中，

，

∴△COB≌△COB′（SAS），

∴BC=B′C，

∵在△B′C′E中，B′E+C′E＞B′C′，①

在△CDE中，CE+DE＞CD，②

①+②得：CE+C′E+DE+B′E＞B′C′+CD，

∴CB′+DC′＞AB+CD，

∴BC+AD＞AB+CD．

点评： 本题考查了平行四边形的判定和全等三角形的判定，考查了全等三角形对应边相等的性质，本题中求证三对三角形全等是解题的关键．