A. Vasya and Socks
水题就不用多说了，直接暴力枚举就完事了。
#include #include#include#include#include#include#includeusing namespace std;#define LL __int64int main(){ int n,k; while(~scanf("%d%d",&n,&k)) { int m=n; int ans=n; int yu=0; while(m) { m=m+yu; yu=m%k; m=m/k; ans+=m; } cout<
B. Little Dima and Equation 也不用说，水题一个，直接枚举s(x)，然后得到x，然后根据x推出s(x)是不是合适。
当时把81写成了72，不由的十分悲伤，sad.
#include #include#include#include#include#include#includeusing namespace std;#define LL __int64#define INF 1000000000vectorvec;LL pows(LL x,LL y){ LL ans=1; while(y--)ans=ans*x; return ans;}int dus(LL x){ int ans=0; while(x) { ans=ans+x%10; x=x/10; } return ans;}int main(){ int n,k; int a,b,c; while(~scanf("%d%d%d",&a,&b,&c)) { LL ans=0; vec.clear(); for(int i=1;i<=81;i++) { ans=(LL)b; ans=ans*pows(i,a); ans=ans+(LL)c; if(ans>=INF)break; if(ans<=0)continue; if(dus(ans)==i)vec.push_back(ans); } cout<
C. Present
二分+贪心。也是一种水题的表现形式。。
二分一下结果，贪心看当前结果能不能达到。
#include #include#include#include#include#include#includeusing namespace std;#define LL __int64#define INF 1000000000#define maxn 220000LL a[maxn];LL b[maxn];LL flag[maxn];LL n,w;LL qiu(LL x){ memset(flag,0,sizeof(flag)); for(LL i=1;i<=n;i++) { b[i]=x-a[i]; } LL ch=0; LL ans=0; for(LL i=1;i<=n;i++) { ch-=flag[i]; b[i]-=ch; if(b[i]<0)b[i]=0; flag[i+w]+=b[i]; ch+=b[i]; ans+=b[i]; } return ans;}int main(){ LL m; while(~scanf("%I64d%I64d%I64d",&n,&m,&w)) { for(LL i=1;i<=n;i++)scanf("%I64d",&a[i]); LL l=0; LL r=1e9; r=r*2; LL mid=(l+r)/2; while(lm)r=mid; else l=mid+1; mid=(l+r)/2; } mid--; cout<
D. Little Victor and Set
写这个题的时候要多悲剧有多悲剧，竟然在我认为最不可能错的地方写错了。
我很悲伤.
n=r-l+1;
若n<=20，很明显状态压缩就OK。
若k<=3.
当k=1时，很明显取l。
当k=2时，很明显取两个相邻的，并且只有末位不同的数，他们的异或结果为1.
当k=3时，第一个数取l，然后假如结果为0，算出剩下两个数的最小值。如果两个数最大的
不大于r，那我们就取这三个数，否则取两个数使得结果为1.
当k>=4时：
对于下面两个数交替处：
..........0111110 k-2
..........0111111 k-1
..........1000000 k
..........1000001 k+1
很明显我们可以看出来k-2,k-1,k,k+1的异或值为0。
因为n>20，我们一定能找出这种k。
#include #include#include#include#include#include#includeusing namespace std;#define LL __int64#define INF 1000000000#define maxn 220000void dos1(LL l,LL r,LL k){ LL n=r-l+1; LL st=((LL)1)<k)continue; if(res>ans) { res=ans; rst=i; } } len=0; for(LL i=0; i=0; i--) { if((l&(((LL)1)<>i); n=(n<=l&&k+1<=r) { return k; } else if(k-2r)return dos2(l,k-1,ks); } } return 0;}void dos3(LL l,LL r,LL k){ if(k==1) { cout<=0; i--) { if(l&(((LL)1)<
